1、丰台区2019-2020学年度第一学期期中考试联考高二物理(B卷)一、单项选择题1.下列物理量中，属于矢量的是 （ ）A. 电势B. 电压C. 电势能D. 电场强度【答案】D【解析】【详解】A电势只有大小无方向，是标量，选项A错误；B电压只有大小无方向，是标量，选项B错误；C电势能只有大小无方向，是标量，选项C错误；D电场强度即有大小又有方向，是矢量，选项D正确；2.下列选项中用来描述电容器储存电荷能力的物理量是 （ ）A. 电压B. 电量C. 电容D. 电场强度【答案】C【解析】【详解】电容是用来描述电容器储存电荷能力的物理量；A电压，与结论不相符，选项A错误；B电量，与结论不相符，选项B错
2、误；C电容，与结论相符，选项C正确；D电场强度，与结论不相符，选项D错误；3.真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的2倍，则两电荷间的库仑力将变为原来的A. 2倍B. 4倍C. 8倍D. 16倍【答案】B【解析】【分析】根据库仑定律列出前后两次库仑力的表达式，则可得出增加后的倍数关系【详解】电量变化前，两点电荷之间的库仑力为，电量变化后，B正确4. 如图所示的是一个点电荷周围的电场线，下列判断中正确的是（ ）A. 该点电荷为负电荷，距点电荷越近处电场强度越大B. 该点电荷为负电荷，距点电荷越近处电场强度越小C. 该点电荷为正电荷，距点电荷越近处电场强度
3、越大D. 该点电荷为正电荷，距点电荷越近处电场强度越小【答案】C【解析】试题分析：由电场线分布可知，这是正的点电荷形成的电场线，由可知距点电荷越近处电场强度越大，选项C正确。考点：点电荷电场；电场强度。5.在一段导体两端加上电压，已知在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流是 （ ）A. 40AB. 2.5AC. 0.4AD. 14A【答案】C【解析】【详解】在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流为：A40A，与结论不相符，选项A错误；B2.5A，与结论不相符，选项B错误；C0.4A，与结论相符，选项C正确；D14A，与结论不相符，选项D错误；6.
4、两电阻R1、R2的伏安特性曲线如图所示，可知电阻大小之比R1:R2等于 ( )A. 1:3B. 3:1C. D. 【答案】A【解析】【详解】电阻可得：A1:3，与结论相符，选项A正确；B 3:1，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；7.下列家用电器中，主要利用电流热效应的是 （ ）A. 电风扇B. 电热毯C. 电冰箱D. 洗衣机【答案】B【解析】【详解】A电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故A错误；B电热毯将电能转化为内能，利用电流热效应，故B正确；C电冰箱利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故C错误；D洗衣机利用电动机带动工作
5、，利用了电流的磁效应，故D错误；8.LED灯可将电能高效转化为光能，在日常生活中得到普遍应用。某LED灯的额定功率为10W，它以额定功率工作1min消耗的电能为A. 10JB. 60JC. 600JD. 6000J【答案】C【解析】【详解】LED灯的额定功率为10W，它以额定功率工作1min=60s内消耗的电能为：W=Pt=1060=600J；A. 10J，与结论不相符；B. 60J，与结论不相符；C. 600J，与结论相符；D. 6000J，与结论不相符；9.在图所示的电路中，电阻R5.0，电源的内阻r1.0，不计电流表的内阻。 闭合开关S后，电流表的示数I0.50A，则电源的电动势E等于
6、( )A. 1.0VB. 2.0VC. 3.0VD. 4.0V【答案】C【解析】【详解】根据闭合电路的欧姆定律有：E=I（R+r）=0.50（5.0+1.0）=3.0VA1.0V，与结论不相符，选项A错误；B2.0V，与结论不相符，选项B错误；C3.0V，与结论相符，选项C正确；D4.0V，与结论不相符，选项D错误；10.下列现象中，属于静电利用的是 ( )A. 在很高的建筑物顶端装上避雷针B. 在高大烟囱中安装静电除尘器C. 油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D. 存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴【答案】B【解析】【详解】A当打雷时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的
7、静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，属于防止静电危害。故A错误；B在高大的烟囱中安装静电除尘器，利用静电除去废气中的粉尘，这是对于静电的应用，故B正确。C油罐车在运动的过程中，由于里面的油再晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，属于防止静电危害。故C错误；D利用导电橡胶做的防电靴及时的把产生的静电导走，防止工人在走动中产生静电，导致事故。属于防止静电危害。故D错误。11.一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示根据表中提供的数据，计算出此电热水器在额定电压下处于加热状态时，通过电
8、热水器的电流约为（ ）额定容量54L最高水温75额定功率1500W额定压力0.7MPa额定电压220V电器类别类A. 6.8AB. 0.15AC. 4.4AD. 0.23A【答案】C【解析】由PUI，可知该电热水器在额定电压下处于加热状态时的电流为：IA6.8 A，故选项A正确12.a、b两个电容器如图甲所示，图乙是它们的部分参数由此可知，关于a、b两个电容器的下列说法正确的是A. a、b两个电容器的电容之比为8:1B. a、b两个电容器的电容之比为4:5C. b电容器最多能容纳电荷0.1CD. b电容器最多能容纳电荷 1C【答案】C【解析】A、B、由图乙知a的电容是1000F，b的电容是10
9、000F，所以a、b两个电容器的电容之比为1000：10000=1：10；故A、B均错误。C、D、根据电容的定义式，可得，带值可求，故C正确，D错误。选C。【点睛】认识一些常用的电容器，知道铭牌上数值的意义；明确电容的定义式和决定式.13.图所示为电场中某条电场线示意图，则下列说法中正确的是 （ ）A. 电场线是电场中实际存在的线B. 电场线上每点的切线方向表示电场中该点的电场强度方向C. 电场线在电场中可以相交D. 电场中电场线较密的地方电场强度较小，电场线较疏的地方电场强度较大【答案】B【解析】【详解】A电场线是假想的，电场中实际不存在电场线，故A错误；B电场中某点的方向等于该点沿电场线的
10、切线方向，选项B正确；C若电场线相交，则相交处场强方向有两个，和电场方向是唯一的相矛盾，故电场线不相交，故C错误；D电场线的疏密表示电场强弱，电场线较密的地方电场强度较大，电场线较疏的地方电场强度较小，故D错误；14.如图所示，a、b、c是电场中的三个点，其电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为a、b、c，关于Ea、Eb、Ec的比较，下列说法中正确的是 ( ) A. EaEbEcB. EaEbEc【答案】A【解析】【详解】由于电场线的疏密可知，a点处电场线密，则a点的电场强度最强；c点处电场线疏，则c点的电场强度最弱，所以有：EaEbEc；AEaEbEc，与结论相符，选项A正确；BEa
11、EbEc，与结论不相符，选项D错误；15.如图所示，a、b、c是电场中的三个点，其电势分别为a、b、c，关于a、b、c的比较，下列说法中正确的是 ( )A. abbcC. a=b=cD. a=bc【答案】B【解析】【详解】顺着电场线方向，电势必定降低，则有abc；Aabbc，与结论相符，选项B正确；Ca=b=c，与结论不相符，选项C错误；Da=bc，与结论不相符，选项D错误；16.如图所示，a、b、c是电场中的三个点，其电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为a、b、c，把正点电荷由a点沿电场线移到b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法中正确的是 ( )A.
12、电场力做正功，电势能增加B. 电场力做正功，电势能减少C. 电场力做负功，电势能增加D. 电场力做负功，电势能减少【答案】B【解析】【详解】电场线水平向右，正电荷在电场中的受力方向沿电场线的方向，故由a点沿电场线移到b点的过程中，电场力做正功；则电势能减小；A电场力做正功，电势能增加，与结论不相符，选项A错误；B电场力做正功，电势能减少，与结论相符，选项B正确；C电场力做负功，电势能增加，与结论不相符，选项C错误；D电场力做负功，电势能减少，与结论不相符，选项D错误；17.用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中为待测电阻。电表内阻对测量结果的影响不能忽略，下列说法中正确的是( )A. 电
13、流表的示数小于通过Rx的电流B. 电流表的示数大于通过Rx的电流C. 电压表的示数小于Rx两端的电压D. 电压表的示数大于Rx两端的电压【答案】B【解析】【分析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题同；【详解】A、由电路图可知，实验采用电流表外接法，电流表所测电流等于通过电阻的电流与通过电压表的电流之和，电流表的示数大于通过的电流，故A错误，B正确；C、由电路图可知，电压表与待测电阻并联，测量待测电阻两端电压，电压表的示数等于两端的电压，故CD错误。18.在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r当滑动变阻器的滑片P向左移动时（ ）A. 电流
14、表的示数变小，电压表的示数变大B. 电流表的示数变小，电压表的示数变小C. 电流表的示数变大，电压表的示数变小D. 电流表的示数变大，电压表的示数变小【答案】D【解析】当滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总阻减小，由闭合电路欧姆定律得电路中电流增大，则电流表示数变大，由 知，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以电压表的示数变小，故正确故选19.在“测定金属的电阻率”的实验中，在连接电路前，先利用多用电表档粗略测量金属丝的电阻Rx，其示数如图所示，则该电阻丝电阻值约为（ ）A. 150B. 19C. 110D. 11【答案】C【解析】【详解】多用电表选择的是10
15、档位，指针所指示数为11，故读数为：1110=110；A150，与结论不相符，选项A错误；B19，与结论不相符，选项B错误；C110，与结论相符，选项C正确；D11，与结论不相符，选项D错误；20.十九世纪末发现电子以后，物理学家密立根通过实验比较准确地测定了电子的电荷量。如图所示为密立根实验的示意图，两块金属板水平放置，板间存在匀强电场，方向竖直向下。用一个喷雾器把许多油滴从上极板中间的小孔喷入电场，油滴由于摩擦而带电，当一些微小的带电油滴受到的电场力和重力恰好平衡时，油滴处于悬浮状态。当极板间的电压为U、距离为d时，一质量为m的油滴恰好悬浮于电场中，重力加速度为g，则该油滴（ ）A. 带负
16、电，电荷量为B. 带正电，电荷量为C. 带正电，电荷量为D. 带负电，电荷量为【答案】D【解析】【分析】带电荷量为q的油滴静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性和带电量即可【详解】带电荷量为q的油滴静止不动，则油滴受到向上的电场力；题图中平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，故板间场强方向竖直向下，则油滴带负电；根据平衡条件，有：mg=q，故；故ABC错误，D正确；故选D。【点睛】本题关键是明确密立根油滴实验的实验原理，要注意运用电场力与重力平衡，同时注意元电荷的意义，知道带电体的电荷量总是元电荷的整数倍二、填空题21.如图所示，一带正电的导体球M放在绝缘支架上，把系在绝
17、缘丝线上的带电小球N挂在横杆上。当小球N静止时，丝线与竖直方向成角，由此推断小球N带_电荷（选填“正”或“负”）。现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则丝线与竖直方向的夹角将_（选填“变大”或“变小”）。【答案】 (1). 正 (2). 变小【解析】【详解】1小球M与N相互排斥，M、N带同种电荷，M带正电，N也带正电；2小球N受重力mg，绳的拉力，库仑力F，绳与竖直方向夹角为：；库仑力为：由于另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，因电量被平分，导致M的带电量减小，则库仑力小，偏角小，即角变小.22.在测量金属电阻率的实验中，根据图所示电路测量金属丝的电阻。电压表的示数为U
18、，电流表的示数为I，则金属丝电阻的测量值R =_；测得金属丝的长度为L，横截面积为S，则这段金属丝的电阻率_（用U、I、L和S表示）。【答案】 (1). (2). 【解析】【详解】1根据欧姆定律可得金属丝电阻的测量值：2根据电阻定律可得： 联立式可得这段金属丝的电阻率：23.把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所连接。先使开关S与1端相连，电源向电容器充电；然后把开关S掷向2端，电器放电。与电流传感器相连接的计算机(图中未画出)可记录电流随时间变化I-t曲线，逆时针的电流流向为正值。图乙是某次实验中电流传感器所记录的i-t曲线，请判断该曲线记录的是电容器的_过程(选填:“充
19、电”或“放电”)。请你用语言描述电容器在此过程中电流随时间如何变化:_【答案】 (1). 充电 (2). 电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）【解析】【分析】根据I-t图线所围成的面积等于电容器的电荷量，电容器充电过程中，电荷量增加；【详解】电流为正值，逆时针方向，与电源方向一致，所以在形成电流曲线1的过程中，电容器在充电，电容器带电量逐渐变大；由图像可知，电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）.24.用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为_V，内电阻为_.【答案】 (1).
20、 1.40 (2). 1.0【解析】试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为考点：测定电池的电动势和内电阻点评：容易题。本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用。三、计算题25.电场中某区域的电场线如图所示，A是电场中的一点，一个电荷量q=+4.010-8 C的点电荷在A点所受电场力为F=2.010-4 N，求：(1)A点电场强度的大小；(2)在图中画出该电荷在A点的所受电场力F的方向。【答案】(1) (2) 图略【解析】【详解】（1）已知试探电荷的电荷量与受到的电场力，由电场强度的定义式可得：（2）试探电荷带正电，则受到电场力
21、得方向与电场线的方向相同，电场力方向如图：26.如图所示匀强电场的电场强度为2.0104 N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离为0.10m。将电荷量2.010-8 C的正点电荷从A点移至B点，求(1)求A、B两点间的电势差；(2)电荷从A点移至B点的过程中电场力所做的功。【答案】(1) (2)【解析】【详解】（1）A、B两点间的电势差是：U=Ed=2.01040.10V=2.0103V（2）电荷所受电场力F的大小为：F=Eq，方向向右。电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功为：W=Fs联立解得：W=4.010-5 J27. 下图所示的电路中，电源的电动势E=6.0 V，内电
22、阻r=1.0 ，外电路的电阻R=5.0 .闭合开关S,求：（1）通过电阻R的电流；（2）电阻R消耗的电功率.【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）根据闭合电路欧姆定律，通过电阻R的电流。（2）R上消耗的电功率。考点：闭合电路欧姆定律【名师点睛】本题是简单的电路计算问题，根据闭合电路欧姆定律求解电路中电流，基础题。28.图为示波管中偏转电极的示意图，极板间相距为d，长度为L的平行金属板加上电压U，有一电量为+q、质量为m的粒子以初速v0 沿板平行射入（如图）。不计重力，求(1)求平行板间电场强度；(2)粒子在电场中的加速度；(3)粒子飞出电场时的偏转距离。【答案】(1)(2) (3)【解析】【详解】（1）平行板间的电场强度为： （2）粒子在电场中受电场力作用，由牛顿第二定律得：F=maF=qE 解得 （3）粒子在电场中做类平抛运动，初速度方向有：L=v0t场强方向有： 联立解得：
