1、模块综合检测(时间：90分钟分值：100分)一、单项选择(本题共8小题；每小题4分，共32分)1如图所示，篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前，这样做可以()接球动作A减小球的动量的变化量B减小球对手作用力的冲量C减小球的动量变化率D延长接球过程的时间来减小动量的变化量C由动量定理Ft0mv，而接球时先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前为了延长时间，减小受力，即F，也就是减小了球的动量变化率，故C正确2在不计空气阻力作用的条件下，下列说法中不正确的是()A自由下落的小球在空中运动的任意一段时间内，其增加的动能一定等于其减少的重力势能B
2、做平抛运动的小球在空中运动的任意相同的时间内，其速度的变化量一定相同C做匀速圆周运动的小球在任意一段时间内其合外力做的功一定为零，合外力的冲量也一定为零D单摆在一个周期内，合外力对摆球做的功一定为零，合外力的冲量也一定为零C不计空气阻力，自由下落的小球，其所受合外力为重力，则小球在运动的过程中机械能守恒，其增加的动能一定等于其减小的重力势能，故A正确；做平抛运动的小球所受合外力为重力，加速度的大小与方向都不变，所以小球在空中运动的任意相同的时间内，其速度的变化量一定相同，故B正确；做匀速圆周运动的小球，其所受合外力的方向一定指向圆心，小球在任意一段时间内其合外力做的功一定为零，但由于速度的方向
3、不断变化，所以速度的变化量不一定等于0，合外力的冲量也不一定为零，故C错误；经过一个周期，单摆的小球又回到初位置，所有的物理量都与开始时相等，所以单摆在一个周期内，合外力对摆球做的功一定为零，合外力的冲量也一定为零，故D正确3.如图所示是研究光的双缝干涉的示意图，挡板上有两条狭缝S1、S2，由S1和S2发出的两列波到达屏上时会产生干涉条纹已知入射激光的波长为，屏上的P点到两缝S1和S2的距离相等，如果把P处的亮条纹记作第0号亮条纹，由P向上数，与0号亮条纹相邻的亮条纹为1号亮条纹，与1号亮条纹相邻的亮条纹为2号亮条纹，则P1处的亮条纹恰好是10号亮条纹设直线S1P1的长度为r1，S2P1的长度
4、为r2，则r2r1等于()A9.5B10C10.5D20B由题设可知，从中央亮条纹P算起，P1点处是第10号亮条纹的位置，表明缝S1、S2到P1处的距离差r2r1为波长的整数倍，且刚好是10个波长，所以选项B正确4一只钟从甲地拿到乙地，它的钟摆摆动加快了，则下列对此现象的分析及调整方法的叙述中正确的是()Ag甲g乙，将摆长适当增长Bg甲g乙，将摆长适当缩短Cg甲g乙，将摆长适当缩短Dg甲g乙，将摆长适当增长D摆钟的运动是简谐运动，周期遵循T2，摆钟摆动加快说明周期变小，摆钟本身没变，说明g甲g乙；所以应该调整摆长使周期变大，那么L应该调长一些，故答案选D.5一条弹性绳子呈水平状态，M为绳子中点
5、，两端P、Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是()A波源Q产生的波将先到达中点MB波源P的起振方向是向上的C中点M的振动始终是加强的D波源P振动的频率是波源Q的2倍B由题意可知，虽然波形不同，但波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点，故A错误；由波的传播方向，可确定P质点的起振方向向上，故B正确；由于波长的不同，故两列波的频率不同，不能发生干涉现象，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱的，故C错误；由波形图可知，P2Q，根据T，f可得：fPfQQP12，故D错误6如图潜水员在水深为h的地方向水面张望，发现自己头顶上有一圆形亮斑，如果
6、水对空气的临界角为C，则此圆形亮斑的直径是()A2htan CB2hsin CC2hcos CD2hA在圆形亮斑边缘从空气射入水中的光线，折射角的大小等于临界角C，如图所示，由几何关系可知，此圆形亮斑的直径是：d2r2htan C.A符合题意，B、C、D不符合题意7一小球做竖直上抛运动的vt图像如图所示，下列说法正确的是()A在t时刻，小球的加速度为零B在t时刻，小球的合外力为零C在02t时间内，合力对小球做的功为零D在02t时间内，合力对小球的冲量为零Cvt图像的斜率表示加速度，由图可知t时刻，小球的加速度为：a，故A错误；设物体的质量为m，根据牛顿第二定律可知在t时刻小球所受的合外力为：F
7、mam，故B错误；在02t时间内，根据动能定理有：W合m(v)2mv20，故C正确；在02t时间内，根据动量定理可得：I合p2mv，故D错误.8简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距8 m的两质点，波先传到P，当波传到Q开始计时，P、Q两点的振动图像如图所示(实线为 Q 的振动图像)，设振幅为A，则()A当Q的位移为0时，P的位移为AB该波从P传到Q的时间可能是8 sC该波的传播速度可能为1.6 m/sD该波的波长可能是3 mD由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为 T6 s，质点Q的振动图像向左4 s后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4 s，即P传
8、到Q的时间t可能为4 s，同时由周期性可知，从P传到Q的时间t为(4nT)s，n0、1、2、3，即t4 s,10 s,16 s，不可能为8 s，根据上述分析对照图像可知，当Q的位移为0时，P的位移为，故A、B错误；由v，考虑到波的周期性，当t4 s,10 s,16 s，时，速度v可能为2.0 m/s,0.8 m/s,0.5 m/s，不可能为1.6 m/s.由vT可知，波长可能为12 m、4.8 m、3.0 m，故C错误，D正确二、多项选择(本题共4小题；每小题4分，共16分)9中国女科学家屠呦呦因发现青蒿素而获得2015年诺贝尔生物学或医学奖，屠呦呦也成为首位获得该奖的中国人在研究青蒿素化学结
9、构中，研究人员用比可见光波长更短的X射线衍射方法最终确定了其化学结构在做单缝衍射实验中，下列说法正确的是()A将入射光由可见光换成X射线，衍射条纹间距变窄B使单缝宽度变小，衍射条纹间距变窄C换用波长较长的光照射，衍射条纹间距变宽D增大单缝到屏的距离，衍射条纹间距变窄AC单缝衍射的条纹间距可以用双缝干涉条纹宽度的公式x定性讨论，其中L为屏与缝的距离、d为缝宽、为波长将入射光由可见光换成X射线，波长变小，衍射条纹间距会变窄，即衍射条纹间距变小，A正确；使单缝宽度变小，即d变小，则衍射条纹间距变宽，B错误；换用波长较长的光照射，根据公式x可知，衍射条纹间距变宽，C正确；增大单缝到屏的距离，即L变大，
10、则衍射条纹间距变大，D错误10如图所示演示装置，一根张紧的水平绳上挂着5个单摆，其中A、E摆长相同，先使A摆摆动，其余各摆也摆动起来，可以发现()A各摆摆动的周期均与A摆相同BB摆振动的周期最短CC摆振动的周期最长DE摆的振幅最大ADA摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，则它们的振动频率均等于A摆的摆动频率，而由于A、E摆长相同，所以这两个摆的固有频率相同，则E摆出现共振现象，故选A、D.11在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F的作用下，经过时间t通过位移L后，动量变为p，动能变为Ek，以下说法正确的是()A在F作用下，这个物体经过位移2L，其动量等于2pB在F作用下，这个物体经
11、过时间2t，其动量等于2pC在F作用下，这个物体经过时间2t，其动能等于2EkD在F作用下，这个物体经过位移2L，其动能等于2EkBD由题意可知，经过时间t通过位移L后，动量为p、动能为Ek，由动量定理可知pFt，由动能定理得EkFL，设物体质量为m；当位移为2L时，物体的动能EkF2L2FL2Ek，物体的动量pp，故A错误，D正确；当时间为2t时，动量pF2t2Ft2p，物体的动能Ek44Ek，故B正确，C错误12如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h0高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上
12、升的最大高度为h0(不计空气阻力)，则()A小球和小车组成的系统动量守恒B小车向左运动的最大距离为2RC小球离开小车后做竖直上抛运动D小球第二次能上升的最大高度hh0CD小球与小车组成的系统在竖直方向合力不为0，所以系统的动量不守恒，故A项错误；在水平方向所受合外力为零，水平方向系统动量守恒，设小车的位移为x，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：mvmv0即：mm0，解得小车的位移：xR，故B项错误；小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，系统初状态在水平方向动量为零，由动量守恒定律可知，系统在任何时刻在水平方向动量都为零，小球离开小车时相对小车向上运动，水平方向和小车有相同的速度，
13、所以小球与小车在水平方向速度都为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C项正确；小球离开小车时，小球与小车水平方向动能为零，如果系统机械能守恒，由机械能守恒定律可知，小球离开小车后上升的最大高度为h0，由题意可知，小球离开小车后在空中能上升的最大高度为h0F，故A、C不可能发生相对滑动，设A、C一起运动的加速度为aa1 m/s2由xat2有：t1.2 s.(2)因A、B发生弹性碰撞，由于mAmB，故A、B碰后，A的速度为0，则从碰后瞬间到木板与A速度相同的过程中，由动量守恒定律得Mv0(MmA)v，其中v0at，解得v01.2 m/s，v0.8 m/s由能量守恒得：mAgxMv(MmA)v2解得x0.12 m故木板C的长度L至少为：Lxx0.84 m.答案(1)1.2 s(2)0.84 m
