1、孝感高中20172018学年度高一上学期期末考试物理试题第卷（选择题）注意事项：1、本卷共有、两卷，三个大题共17小题，满分110分，考试时间90分钟。2、答第卷前考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔正确填涂在答题卡上。3、第卷答在答题纸上。一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。18题，每小题有一个选项正确，912题，每题有多个选项正确。全选对得5分，选对但选不全得3分，有错选的得0分）1下列说法正确的是()A运动得越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B洗衣机脱水时附着在衣物上的水被甩掉是因为受到离心力的作用C匀速圆周运动是非匀变速曲线运动D竖直上抛
2、运动具有对称性，上升阶段和下落阶段加速度大小相等，方向相反。2 如图所示，小车M在恒力F的作用下，沿水平地面做直线运动，由此可判断()A若地面光滑，则小车一定受三个力的作用B若地面粗糙，则小车一定受四个力的作用C若小车做匀速运动，则小车一定受四个力的作用D若小车做加速运动，则小车一定受三个力的作用3如图为一个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已知在B点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是()AD点的速率比C点的速率大BA点的加速度与速度的夹角小于90CA点的加速度比D点的加速度大D从A到D加速度与速度的夹角先增大后减小4如图所示，甲图为光滑水平面上质量为M的物体，用细线通过定滑轮与质
3、量为m的物体相连，m所受重力为5N；乙图为同一物体M在光滑水平面上用细线通过定滑轮竖直向下受到拉力F的作用，拉力F的大小也是5N，开始时M距桌边的距离相等，则（ ）A两图中M到达桌边时的速度相等，所用的时间也相等B甲图中M到达桌边用的时间较长，速度较小C两图中M运动的加速度相同D两图中绳子受到的拉力大小相同5.某同学站在电梯地板上，利用速度传感器和计算机研究一观光电梯升降过程中的情况，如图所示的v-t图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内的速度变化情况（向上为正方向）根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是A05 s内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态B510 s内，该同学对电梯
4、地板的压力大于他所受的重力C1020 s内，观光电梯在减速下降，该同学处于超重状态D2025 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态6在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量为m2 kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零当剪断轻绳的瞬间，取g10 m/s2，以下说法不正确的是 ()A此时轻弹簧的弹力大小为20 NB小球的加速度大小为8 m/s2，方向向左C若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右D若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为07质量为2 kg的质点在xy平面上做曲
5、线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是()A质点的初速度为3 m/sB质点所受的合外力为3 NC质点初速度的方向与合外力方向垂直D2 s末质点速度大小为6 m/s8质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，当轻杆绕轴AB以角速度匀速转动时，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为L，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）Aa绳的张力随角速度的增大而增大 B当角速度时，b绳开始出现弹力C只要a,b绳夹角不变，a绳上张力一定不变D 若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化9甲、乙两车同时由同一地点沿同一方向做直线运动，它们的
6、位移一时间图像如图所示，甲车图像为过坐标原点的倾斜直线，乙车图像为顶点在坐标原点的拋物线，则下列说法正确的是A.甲、乙之间的距离先增大、后减小,然后再增大B.0-t1时间段内，乙的平均速度大于甲的平均速度C.t1时刻,乙的速度等于甲的速度的2倍D.O- t1时间段内,时刻甲乙距离最大10如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态(不计绳与滑轮间的摩擦)现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止在此过程中( )A水平力F一定变小B斜面体所受地面的支持力一定不变C物体A所受斜面体的摩擦力一定变大D
7、斜面体对物体A的作用力变大11三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，=0.6，=0.8）下列说法正确的是（ ）A物块A先到达传送带底端B物块A、B的加速度之比为1C物块A、B到达传送带底端时速度大小相等D物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1312如图所示，轻杆长为3L，在杆的AB两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A为L处的点O装在光滑的水平转动轴上，外界给予系统一定的能量后，杆和球在竖直面内转动在转动的过
8、程中，忽略空气的阻力若球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，则球B在最高点时,下列说法正确的是（ ）A球B在最高点时速度为B此时球A的速度大小为C杆对球A的作用力为0.5mg D. 杆对水平轴的作用力为1.5mg第卷（非选择题，共50分）二、实验题（每空2分，27分=14分）13探究加速度与力的关系装置如图所示。带滑轮的长木板一端伸出桌面，另一端适当垫高，使木块连上纸带后恰好匀速下滑，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，调节滑轮高度使细线恰好与木板平行。按住木块，缓慢向沙桶中添加细沙，释放木块，记下弹簧秤的示数F及并通过计算求出相应纸带的加速度a，再改变沙桶质量获取多组F，a的数据。
9、单位：（cm） （1）关于该实验的操作，以下说法正确的是 。A实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放木块B添加细沙，比用钩码可以更方便地获取多组实验数据C每次添加细沙后，需测出沙及沙桶的质量D实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量（2）某次打出的纸带如下图所示，选取A、B、C、D、E，5个计数点（每两个计 数点间还的4个点未画出），则打B点时的速度大小为 m/s，木块的 加速度大小为 m/s2。（保留三位有效数字）14、甲乙两个同学做有关平抛的实验。甲同学实验得到如图所示的轨迹图，小球做平抛运动时分别经过O、a、b三点，方格坐标每一小格边长为10 cm，重力加速度g取 10 m/s2
10、，（以O点为坐标原点，向下为y轴正方向，小球水平速度方向为x轴正方向）则由图示可知：（1）小球抛出速度 m/s（2）小球抛出点的坐标为(以cm为单位) （3）图a所示为乙同学研究小球在斜面上做平抛运动的实验装置，每次将质量为m 的小球从半径为R的四分之一圆弧形轨道不同位置静止释放，并在弧形轨道最 低点水平部分处装有压力传感器测出小球对轨道压力的大小F已知斜面与水 平地面之间的夹角=53，实验获得小球在斜面上的不同水平射程x，最后作 出了如图b所示的F-x图象，则由图可求得小球的质量m=_kg，四分之 一圆弧形轨道半径R=_m（已知sin 5308，cos 5306, g10 m/s2）三、计算
11、题（10+12+14=36分）15.如图所示，小球从倾斜轨道上静止释放，下滑到水平轨道，当小球通过水平轨道末端的瞬间，前方的圆筒立即开始匀速转动，圆筒下方有一小孔P，圆筒静止时小孔正对着轨道方向。已知圆筒顶端与水平轨道在同一水平面，水平轨道末端与圆筒顶端圆心的距离为d，P孔距圆筒顶端的高度差为h，圆筒半径为R，现观察到小球从轨道滑下后，恰好钻进P孔，小球可视为质点。求：（1）小球从水平轨道滑出时的初速度V0。（2）圆筒转动的角速度。16.质量m=1 kg的物体在F20 N的水平推力作用下，从足够长的粗糙斜面的底端A点由静止开始沿斜面运动，物体与斜面间动摩擦因数为=025，斜面固定不动，与水平地
12、面的夹角37，力F作用4 s后撤去，撤去力F后5s物体正好通过斜面上的B点。（已知sin 3706，cos 3708，g10 m/s2）。求：（1）力F作用下物体发生的位移；（2）AB之间的距离。17.如图甲所示，质量M=1kg的薄木板静止在水平面上，质量m=1kg的铁块静止在木板的右端，可视为质点。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2。现给铁块施加一个水平向左的力F。（1）若力F从零开始逐渐增加，且铁块始终在木板上没有掉下来，铁块受到的摩擦 力f随力F大小变化的图象如图乙所示，求木板与水平面间的动摩擦因数1 和铁块与木板之间的动摩擦因数2（2）在第（1）问的基础上，若力F为恒力4
13、N，作用1s后撤去F，最终发现铁块恰 好能运动到木板的左端，求木板的长度L高一物理参考答案1.C2. C3. A4. B5. 【答案】D6. 答案C7. B8.C9. 答案：ACD10. BD11. CD12. BD13. 【答案】（1）AB（2）0230; 0.93014. 答案：（1）v=1 m/s；（2）（-5 cm，-1.25 cm）（3）0.5kg, 15. (1) 小球做平抛运动，至P点 水平方向：dR=V0t -2竖直方向：h=gt2 -2 ,联立得：V0=-1(2) 由可得：t= 设在t内圆桶转过n个周期 t=nT (n=1.2.3)-2 =-2 = (n=1.2.3)-116
14、. 【答案】（1）40m，（2）525m【解析】（1）由题意知：沿斜面方向：垂直斜面方向： 解得：-3力F作用下物体发生的位移为：-2（2）撤去力F后，物体的加速度为：撤去力F时的速度为：, 故经t2减速到零，则；此过程的位移为：-3后物体向下做初速为零的匀加速直线运动，向下的加速度为： 经的位移为：-3由几何关系知：-117. 【答案】（1）1=005；2=02（2）m【解析】试题分析：（1）从图乙中可以看出，当F从3N逐渐增加到45N时，f不变，则此时的f是滑动摩擦力，即f=2mg 解得 2=02-2由图乙可知，当力F从1N逐渐增加到3N时，铁块和木板相对静止，并且一起加速运动，当F=2N
15、时铁块所受摩擦力为fm=15N，因此可求出铁块的加速度为 （am=05m/s2）木板的加速度此时也为aM=am对整体运用由牛顿第二定律 F-1（mg+Mg）=(M+m)aM 解得 1=005-2（2）当F=4N时，铁块的加速度为由牛顿第二定律 F-f1=mam1 （am1=2m/s2）木板的加速度为aM1 则 f1-1（mg+Mg）=MaM1 （aM1=1m/s2）因此在t=1s内 Sm=am1t2 ,Sm =1m SM=aM1t2,SM =05m在t=1s时 vm=am1t=2m/s vM=aM1t=1m/s-4在此后，铁块减速，其加速度为am2 则2mg=mam2 得am2=2m/s2木板加速，其加速度为aM2 则2mg-1（mg+Mg）=MaM2 得aM2=1m/s2当两者达到共同速度时v=vm-am2t=vM+aM2t 得t=s，v=m/s从撤去力F到两者达到共同速度的过程中，铁块的位移 Sm1= 得Sm1=m木板的位移 SM2= 得SM2=m-4则木板长度为 L=（Sm- SM）+（Sm1- SM2）解得 L=m-2
