1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省大姚县一中2019-2020学年上学期12月份考试高一物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.静止在光滑水平面上的物体，在开始受到水平拉力的瞬间，下列说法正确的是()A 物体立刻产生加速度，但此时速度为零B 物体立刻运动起来，有速度，但加速度还为零C 速度与加速度都为零D 速度与加速度都不为零2.如图所示，物体A在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上，关于A受力的个数，下列说法中正确的是()AA一定受两个力作用BA一定受四个力作用CA可能受三个力作用DA受两个力或者四个力作用3
2、.下列说法正确的是()A 牛顿第一定律是科学家凭空想象出来的，没有实验依据B 牛顿第一定律无法用实验直接验证，因此是不成立的C 理想实验的思维方法与质点概念的建立一样，都是一种科学抽象的思维方法D 由伽利略的理想实验可知，运动的物体一定不受外力作用4.物体以一定的初速度冲上固定的光滑斜面，到达斜面最高点C时速度恰为零，如图所示已知物体运动到斜面B点时，所用时间为t，且已知AB长度和BC长度之比为31，则物体从B滑到C所用时间(ABtCtD 2t5.物体受到与水平方向成30角的拉力FT的作用，向左做匀速直线运动，如图所示，则物体受到的拉力FT与地面对物体的摩擦力的合力方向是()A 向上偏左B 向
3、上偏右C 竖直向上D 竖直向下6.如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的弹力F的判断中，正确的是()A 小车静止时，Fmgcos，方向沿杆向上B 小车静止时，Fmgcos.方向垂直于杆向上C 小车向右以加速度a运动时，一定有FD 小车向左以加速度a运动时，F，方向斜向左上方7.如图所示是一辆汽车做直线运动的xt图象，对相应的线段所表示的运动，下列说法正确的是()AAB段表示匀速直线运动BBC段发生的位移大于CD段发生的位移CCD段运动方向和BC段运动方向相反DCD段运动的速度大小小于BC段运动的速度大小8.一物体做匀变速直线运动，初
4、速度为v02 m/s，加速度a2 m/s2，则经过2 s后，物体的速度和位移为()A 2 m/s,1 m B 2 m/s，1 mC 2 m/s,0 D 2 m/s,09.关于作用力与反作用力，下列说法正确的是()A 作用力是摩擦力，反作用力可能是弹力B 作用力是重力，反作用力可能是弹力C 作用力是摩擦力，反作用力一定是摩擦力D 作用力是重力，反作用力一定是弹力10.如图所示的时间轴，下列关于时刻和时间的说法中正确的是().At2表示时刻，称为第2 s末或第3 s初，也可以称为2 s内Bt2t3表示时间，称为第3 s内Ct0t2表示时间，称为最初2 s内或第2 s内Dtn1tn表示时间，称为第(
5、n1)s内二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)在研究牛顿第二定律的实验中，下列说法正确的是()A 在研究加速度跟合外力的关系时，应让小车质量相等B 在研究加速度跟质量的关系时，应让小车质量相等C 为了通过比较小车的位移来比较加速度，应让小车受到的拉力相同D 为了通过比较小车的位移来比较加速度，应让小车运动时间相同12.(多选)为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为d0.9 cm的遮光板(如图所示)滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为t10.029 s，通过第二个光电门的时间为t20.011 s，遮光板从
6、开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为t0.76 s，则下列说法正确的是()A 滑块通过第二个光电门时的速度为0.82 m/sB 滑块的加速度是0.67 m/s2C 滑块在两光电门间的平均速度是0.57 m/sD 两光电门间的距离为0.25 m13.在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下，“河北锦锈”、“银河”等13艘货轮历时36小时顺利抵达亚丁湾西部预定海域此次护航总航程4 500海里，已知1海里1 852米假设所有船只运动速度都相同，则下列说法正确的是()A 研究舰队的行驶路程时不可将“千岛湖”舰看作质点B 以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是静止的C 根据本题给
7、出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度D 根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速率14.(多选)关于“探究小车速度随时间变化的规律”的实验操作，下列说法正确的是()A 长木板不能侧向倾斜，也不能一端高一端低B 在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器C 接通电源和释放小车必须同时完成D 要在小车到达定滑轮前使小车停止运动，防止小车落地摔坏三、实验题(共2小题,共15分) 15.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图1所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50 Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上所示（1）为了
8、达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有A刻度尺B铁架台C停表D天平（2）图中两计数点的时间间隔为T=s（3）根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下1、2、3、4、6这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的速度5=m/s（结果保留3位有效数字），并填入表中（4）以速度v为纵轴、时间t为横轴在图2坐标纸上建立直角坐标系，根据表中的v、t数据，在坐标系中描点，并作出小车运动的vt图象（5）根据vt图象可知，小车运动的加速度大小为m/s2（结果保留3位有效数字）16.某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系
9、，实验装置如图甲所示主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点甲(1)实验中为使小钩码的重力近似等于小车所受拉力，则钩码的质量m和小车质量M应该满足的关系为：_.(2)如图乙所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T，测量其中x1、x2、x3、x4、x5、x6.为了尽量减小误差，则用T、x1、x2x6表示小车加速度大小a_.乙(3)经过6次实验，获得了6组对应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图丙所示的aF图线发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，
10、那么，你认为出现这种结果的原因可能是：_.学习牛顿第二定律后，你认为，图中图线的斜率表示_丙四、计算题 17.足球以10 m/s的水平速度正对着墙壁撞击后，以9.0 m/s的速度被反向弹回，球与墙壁的接触时间是0.10 s，则：（1）在与墙壁接触的这段时间内足球的加速度是多大？方向如何？（2）若足球被反弹后做加速度大小为1.5 m/s2的匀减速直线运动，求：反弹后8 s时球离墙壁的距离18.一滑块自静止开始，从斜面顶端匀加速下滑(斜面足够长)，第5 s末的速度是6 m/s，试求：(1)第4 s末的速度大小；(2)运动后7 s内的位移大小；(3)第3 s内的位移大小19.如图甲所示，倾角为37的
11、足够长斜面上，质量m1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示求：(取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去力F后1.8 s时间内小物体的位移20.如图甲所示为一倾角37且足够长的斜面，将一质量为m1 kg的物体无初速度在斜面上释放，同时施加一沿斜面向上的拉力，拉力随时间变化的关系图象如图乙所示，物体与斜面间动摩擦因数0.25，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)2 s末物体的速度；(2)前16 s内物体发
12、生的位移答案1.A 2.D 3.C 4.B 5.C 6.D 7.C 8.D 9.C 10.B11.AD 12.ABC 13.BD 14.BD15.（1）A（2）0.1s（3）0.530（4）如图所示（5）0.417【解析】（1）因为打点计时器可以测量小车运动的时间，所以不需要秒表，该实验不需要测量小木块和小车的质量，不需要天平，在处理纸带时，需要刻度尺测量点迹间的距离故选A（2）交流电的频率为50 Hz，知每隔0.02 s打一个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出,知相邻计数点间的时间间隔为0.1 s第5个计数点的瞬时速度为：v5=0.530 m/s（3）利用描点法可画出速度时间图象：（4）
13、根据vt图象求出图线的斜率k，所以小车加速度a=0.417 m/s216.(1)mM(2)a(3)小车前进过程中受到滑动摩擦力【解析】(1)以整体为研究对象有：mg(mM)a，解得：ag以M为研究对象有绳子的拉力：FMamg，显然要有Fmg，必有mMM，故有Mm，即只有Mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于钩码的重力；(2)纸带上两相邻计数点的时间间隔T0.10 s，根据匀变速直线运动的推论公式xaT2，利用逐差法可以求出加速度的大小，由(x4x5x6)(x1x2x3)a(3T)2得：a(3)从图中发现有拉力时，没有加速度所以原因可能是小车前进过程中受到滑动摩擦力根据FMa得：a所以图中图线的
14、斜率表示：17.（1）190，方向与初速度方向相反（2）27 m【解析】（1）设足球初速度的方向为正方向，则初速度1=10 m/s，末速度2=-9 m/s，时间由加速度公式，有加速度方向与原速度方向相反故足球在这段时间内的加速度大小为190 m/s2，方向与原速度相反（2）足球从反弹到停止所用时间为：s反弹后8 s时球离墙壁的距离为：6 m=27 m.18.(1)4.8 m/s(2)29.4 m(3)3 m【解析】(1)v4v5at4at545则第4 s末的速度为v4v54.8 m/s.(2)am/s21.2 m/s2x7at1.272m29.4 m.(3)第3 s内的位移大小xx3x2ata
15、t(1.2321.222) m3 m.19.(1)0.5(2)2.2 m，沿斜面向上【解析】(1)由题图乙可知，02 s内物体的加速度a14 m/s2根据牛顿第二定律，FmgsinFfma1，FNmgcos，而FfFN，代入数据解得0.5.(2)撤去F后，mgsinFfma2，得a210 m/s2，设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0v1a2t2，解得t20.8 s在0.8 s内物体有向上运动的位移x20v2a2x2，得x23.2 m物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则mgsinFfma3，解得a32 m/s2再经t31 s物体发生位移x3，x3a3t1 m物体在撤去F后1.8
16、s内的位移xx2x3代入数据解得x2.2 m，方向沿斜面向上20.(1)5 m/s(2)30 m，方向沿斜面向下【解析】(1)由分析可知物体在前2 s内沿斜面向下做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得mgsinF1mgcosma1，v1a1t1，代入数据可得a12.5 m/s2，v15 m/s.(2)物体在前2 s内发生的位移为x1，则x1a1t5 m.当拉力为F24.5 N时，由牛顿第二定律可得F2mgcosmgsinma2代入数据可得a20.5 m/s2物体经过t2时间速度减为0，则v1a2t2解得t210 st2时间发生的位移为x2，则x2a2t25 m由于F2mgcosmgsin，随物体在剩下4 s时间内处于静止状态故物体在前16 s内所发生的位移xx1x230 m，方向沿斜面向下高考资源网版权所有，侵权必究！
