1、选择题仿真2016卷高考模拟演练对应学生用书P151二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14(2019天津河西一模)如图所示，天链一号04星是一颗地球同步卫星，它与天链一号02星、03星在圆形轨道2上实现组网运行，可为在近地圆形轨道1上运行的天宫二号提供数据中继与测控服务。下列说法正确的是()A天链一号04星的最小发射速度是11.2 km/sB天链一号04星的运行速度小于天宫二号的运行速度C为了便于测控，天链一号04星相对于地面静止于酒泉飞控中心的
2、正上方D天链一号04星的运行速度可能小于天链一号02星的运行速度解析天链一号04星是地球的同步卫星。其发射速度应大于7.9 km/s，小于11.2 km/s，A错误；根据v可知B正确；同步卫星只能定点于赤道上空，C错误；04星与02星在同一轨道上运行，运行速度应相等，D错误。答案B15关于静电场下列说法正确的是()A将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加B无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大C在同一个等势面上的各点，场强的大小必然是相等的D电势下降的方向就是电场强度的方向解析将负电荷由低电势点移到高电势点，电场力做正功，
3、电势能减小，A错误；无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，因无穷远处电势能为零，因此静电力做正功越多，电荷在该点的电势能越大，B正确；在同一等势面上，电势处处相等，场强不一定相等，C错误；电势下降最快的方向才是电场强度的方向，D错误。答案B16.(2019吉林长春三测)一物体沿直线运动，用x表示运动位移，用t表示运动时间。从t0时刻开始计时，t图像如图所示，图线斜率为k，则以下说法正确的是()A物体做匀速直线运动，速度等于kB物体做变减速直线运动，加速度均匀减小C物体做匀减速直线运动，加速度等于kD物体做匀减速直线运动，加速度等于2k解析由于图示t图像中图线为一条直线，而由位移公
4、式xv0tat2变形可得v0at，则知ka，而k小于零，故物体做匀减速直线运动，加速度等于2k，D项正确。答案D17如图所示，轻质滑轮用轻绳连接于天花板O点，绕滑轮的轻绳一端连在重物上，另一端由站在地面上的人拉着，重物和人均静止，连接于O点的轻绳与竖直方向的夹角37，人与重物的总重力为800 N，人受到地面的摩擦力为207 N，则地面对人的支持力大小为()A414 N B476 NC524 N D587 N解析对重物与人整体受力分析，整体受总重力G、支持力N、绳的拉力F及地面的摩擦力f。根据力的平衡条件可知，Fsinf，FcosNG，解得N524 N，C项正确。答案C18.(2019江西南昌第
5、二次模拟)如图所示，正三角形的三条边都与圆相切，在圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，质子H和氦核He都从顶点A沿BAC的角平分线方向射入磁场，质子H从C点离开磁场，氦核He从相切点D离开磁场，不计粒子重力，则质子和氦核的入射速度大小之比为()A61 B31C21 D32解析设三角形的边长为L，根据几何关系可以得到磁场圆的半径为RL，质子进入磁场时的运动轨迹如图甲所示，由几何关系可得r1Rtan60L氦核进入磁场时的运动轨迹如图乙所示，由几何关系可得：r2Rtan30L粒子在磁场中运动时洛伦兹力提供向心力，即qvBm，结合两个粒子的轨迹半径可求得质子和氦核的入射速度大小之比为61，故A正确。答
6、案A19(2019福建厦门质检)如图所示，电路中变压器为理想变压器，其原线圈接在u20sin50t(V)的交流电源上，副线圈与阻值为R12 的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表。另有一阻值R232 的电阻与变压器原线圈并联，电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等。则()A电阻R1消耗的电功率为12.5 WB通过电阻R1的交变电流的周期为0.02 sC电流表的示数为10 AD变压器原、副线圈匝数比为41解析加在R2两端电压的有效值为UR2U V20 V，R2消耗的功率为PR212.5 W，又电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等，故A项正确；由u20sin50t(V)，知50 rad/s，故周期T0.
7、04 s，变压器不改变交流电的周期，故B错误；R1的功率PR1PR212.5 W，通过R1的电流IR1)2.5 A，则电流表的示数为2.5 A，故C错误；副线圈两端电压为U2IR1R15 V，原线圈两端电压U1U20 V，则原、副线圈匝数之比n1n2U1U241，故D项正确。答案AD20.(2019湖北仙桃、天门、潜江三市期末联考)如图所示，长为L的轻质细杆一端拴在天花板上的O点，另一端拴一质量为m的小球。刚开始细杆处于水平位置，现将小球由静止释放，细杆从水平位置运动到竖直位置，在此过程中小球沿圆弧从A点运动到B点，不计空气阻力和O点阻力，则()A小球下摆过程中，重力对小球做功的平均功率为0B
8、小球下落高度为0.5L时，细杆对小球拉力为1.5mgC小球经过B点时，细杆对小球的拉力为2mgD小球下摆过程中，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小解析小球下摆过程中，重力做的功WmgL，则重力的平均功率，不为零，故A错误；小球下落高度为0.5L时到达C点，设细杆与水平方向夹角为角，其受力情况如图所示，由几何关系得：sin，解得30；下降0.5L，只有重力做功，细杆的拉力不做功，由机械能守恒定律得mg0.5Lmv，在C点有：FTmgsinm，联立解得：FT1.5mg，故B正确；从A点到B点，由机械能守恒定律得：mgLmv，在B点有：FTmgm，联立解得FT3mg，故C错误；小球下摆过程中，竖直
9、方向的分速度先变到最大再减小到0，由PGmgvy知，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小，故D正确。答案BD21(2019湖北武汉调研)如图甲所示，在足够长的光滑的斜面上放置着金属线框，垂直于斜面方向的匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示(规定垂直斜面向上为正方向)。t0时刻将线框由静止释放，在线框下滑的过程中，下列说法正确的是()A线框中产生大小、方向周期性变化的电流BMN边受到的安培力先减小后增大C线框做匀加速直线运动D线框中产生的焦耳热等于其机械能的损失解析穿过线圈的磁通量先向下减小，后向上增加，则根据楞次定律可知，感应电流方向不变，A错误；因B的变化率不变，则感应电动势不变，感应电流不变，而B的大小先减后增，根据FBIL可知，MN边受到的安培力先减小后增大，B正确；因线圈平行的两边电流等大反向，则整个线圈受的安培力为零，则线圈下滑的加速度为gsin不变，则线框做匀加速直线运动，C正确；因安培力对线圈不做功，斜面光滑，则线框的机械能守恒，机械能无损失，D错误。故选B、C。答案BC
