1、难点突破2牛顿运动定律在滑块滑板类问题中的应用1滑块滑板类问题的特点涉及两个物体，并且物体间存在相对滑动2滑块和滑板常见的两种位移关系滑块由滑板的一端运动到另一端的过程中，若滑块和滑板同向运动，位移之差等于板长；反向运动时，位移之和等于板长3滑块滑板类问题的解题方法此类问题涉及两个物体、多个运动过程，并且物体间还存在相对运动，所以应准确求出各物体在各运动过程的加速度(注意两过程的连接处加速度可能突变)，找出物体之间的位移(路程)关系或速度关系是解题的突破口求解中更应注意联系两个过程的纽带，每一个过程的末速度是下一个过程的初速度【典例】如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木
2、块已知木块的质量m1 kg，木板的质量M4 kg，长L2.5 m，上表面光滑，下表面与地面之间的动摩擦因数0.2.现用水平恒力F20 N拉木板，g取10 m/s2.(1)求木板加速度的大小(2)要使木块能滑离木板，求水平恒力F作用的最短时间；(3)如果其他条件不变，假设木板的上表面也粗糙，其上表面与木块之间的动摩擦因数为10.3，欲使木板能从木块的下方抽出，对木板施加的拉力应满足什么条件？(4)若木板的长度、木块质量、木板的上表面与木块之间的动摩擦因数、木板与地面间的动摩擦因数都不变，只将水平恒力增加为30 N，则木块滑离木板需要多长时间？【解析】(1)木板受到的摩擦力f(Mm)g10 N木板
3、的加速度a2.5 m/s2.(2)设拉力F作用t时间后撤去F撤去后，木板的加速度为a2.5 m/s2a木板先做匀加速运动，后做匀减速运动，且时间相等，故at2L解得：t1 s，即F作用的最短时间为1 s.(3)设木块的最大加速度为a木块，木板的最大加速度为a木板，则1mgma木块解得：a木块1g3 m/s2对木板：F11mg(Mm)gMa木板木板能从木块的下方抽出的条件：a木板a木块解得：F125 N.(4)木块的加速度a木块1g3 m/s2木板的加速度a木板4.25 m/s2木块滑离木板时，两者的位移关系为s木板s木块L，即a木板t2a木块t2L代入数据解得：t2 s.如图所示，质量M8 k
4、g的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F8 N当小车向右运动的速度达到3 m/s时，在小车右端轻轻地放一个大小不计、质量m2 kg的小物块小物块与小车间的动摩擦因数0.2，小车足够长g取10 m/s2，则：(1)放上小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；(2)经多长时间两者达到相同的速度；(3)从小物块放上小车开始，经过t3 s小物块通过的位移大小为多少？解析：(1)小物块的加速度amg2 m/s2小车的加速度aM0.5 m/s2(2)由amtv0aMt，得t2 s，v同22 m/s4 m/s(3)在开始2 s内，小物块通过的位移x1amt24 m在接下来的1 s内小物块与小车相对
5、静止，一起做匀加速运动，加速度a0.8 m/s2小物块的位移x2v同tat24.4 m通过的总位移xx1x28.4 m.答案：(1)2 m/s20.5 m/s2(2)2 s(3)8.4 m如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为.重力加速度为g.(1)当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；(2)要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；(3)本实验中，m10.5 kg，m20.1 kg，0.2，砝码与纸板左端的距离d0.1 m，取g10
6、m/s2.若砝码移动的距离超过l0.002 m，人眼就能感知为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？解析：(1)砝码对纸板的摩擦力f1m1g桌面对纸板的滑动摩擦力f2(m1m2)gff1f2解得f(2m1m2)g(2)设砝码的加速度为a1，纸板的加速度为a2，则f1m1a1Ff1f2m2a2发生相对运动则a2a1解得F2(m1m2)g(3)纸板抽出前，砝码运动的距离x1a1t纸板运动的距离dx1a2t纸板抽出后，砝码在桌面上运动的距离x2a3tlx1x2由题意知a1a3，a1t1a3t2解得F2m1(1)m2g代入数据得F22.4 N.答案：(1)(2m1m2)g(2)F2(m1m2)g(3)22.4 N
