1、一、选择题：本题共10个小题，每小题4分。在每个小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-10题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选的得0分。1首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是（ ）A安培和法拉第 B法拉第和楞次C奥斯特和安培 D奥斯特和法拉第【答案】D【解析】试题分析：首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特；发现电磁感应现象的科学家是法拉第，故选项D正确。考点：物理学史【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2如图所示，和是两个相同的小灯泡。L是一个自感系数相当
2、大的线圈，其阻值与R相同由于存在自感现象，在开关S接通和断开时，灯和先后亮暗的顺序是( )A接通时，先达最亮，断开时，后暗B接通时，先达最亮，断开时，后暗C接通时，先达最亮，断开时，先暗D接通时，先达最亮，断开时，先暗【答案】A【解析】试题分析：该电路可以看做是左右两部分并联后由串联起来，S刚刚接通时，L上的自感电动势会阻碍通过它的电流的增大；根据变化电路的特性，L支路上的电流增大时，和它并联的灯泡上的电流就减小，和它串联的B灯泡上的电流就增大所以S刚刚接通时灯先达到最亮； S断开时，L和灯泡构成闭合回路，灯泡不在回路中，所以S断开时，灯泡立刻熄灭，灯泡后熄灭，故A正确，BCD错误。考点：自感
3、现象和自感系数【名师点睛】通电自感中，与线圈串联的灯泡稍晚一会儿亮，与灯泡并联的灯泡立即就亮；断电自感中，与线圈构成闭合回路的灯泡会稍晚一会儿熄灭。3如图所示，是一交流电的图像，此交流电的有效值是( )A3 A B3.5 AC4 A D5 A【答案】D【解析】试题分析：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：，解得：，故选项D正确。考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系【名师点睛】根据有效值的定义求解取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。4如图所示，将一个矩形小线圈放在一个大匀强磁场中，线圈平面平行于
4、磁感线，则线圈中有感应电流产生的是( )A当矩形线圈做平行于磁感线的平动B当矩形线圈做垂直于磁感线的平动C当矩形线圈绕AB边做转动时D当矩形线圈绕BC边做转动时【答案】C【解析】试题分析：当线圈沿磁感线方向平移时，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生，故A错误；当线圈沿垂直于磁感线方向移动时，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生，故B错误；当线圈以AB边为轴转动时，磁通量发生变化，穿过线圈的磁通量从无到有发生变化，有感应电流产生，故C正确；当线圈以BC边为轴转动时，磁感线始终与线圈平行，磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生，故D错误。考点：感应电流的产生条件【名师
5、点睛】本题考查应用感应电流产生的条件判断实际问题的能力，常规题，情景并不复杂。5如图所示，矩形线圈由位置A开始下落，如果在磁场中受到的磁场力总是小于重力，则它通过A，B，C，D四个位置时(B，D位置恰使线圈面积有一半在磁场中)，加速度的关系为( )A BC D【答案】B【解析】考点：楞次定律【名师点睛】线圈自由下落时，加速度为g线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，线圈完全在磁场中时，不产生感应电流，线圈只受重力，加速度等于g根据牛顿第二定律分析加速度的关系。6在电磁感应现象中，下列说法中正确的是（ ）A感应电流的磁场可能跟原来的磁场方向相反B闭合线框放在变化的
6、磁场中一定能产生感应电流C闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定能产生感应电流D感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化【答案】AD【解析】试题分析：根据楞次定律得知，当原来磁场的磁能量增加时，感应电流的磁场跟原来的磁场方向相反，当原来磁场的磁能量减小时，感应电流的磁场跟原来的磁场方向相同，故A正确；当闭合线框放在变化的磁场中，不一定能产生感应电流如果线圈与磁场平行时，穿过线圈的磁通量不变，线圈中不能产生感应电流，故B错误；闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，如果磁通量没有变化，线圈没有感应电流产生，故C错误；根据楞次定律得知，感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化，故D正确。
7、考点：感应电流的产生条件【名师点睛】本题考查对感应电流产生的条件和楞次定律的理解感应电流的磁场方向与原磁场方向的关系用四个字记忆：“增反减同”。7如图所示，有矩形线圈，面积为S，匝数为N，整个线圈内阻为，在匀强磁场B 中绕轴以角速度匀速转动，外电路电阻为R当线圈由图示位置转过的过程中，下列说法正确的是( )A磁通量的变化量为B平均感应电动势为C电阻R所产生的热量为D通过电阻R的电荷量为【答案】BD【解析】试题分析：图示位置磁通量为，转过时磁通量为，则磁通量的变化量，故A错误；根据法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势为，故B正确；感应电动势的最大值为，有效值为，电流的有效值为，电阻R产生的热量，
8、时间，联立解得，故C错误；通过电阻R的电量，故D正确。考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系【名师点睛】对于交变电流，求解热量、电功和电功率时要用有效值，而求解电荷量时要用平均值要注意磁通量与线圈的匝数无关。8在匀强磁场中放一平行金属导轨，导轨跟大线圈M相接，如图所示导轨上放一根导线，磁感线垂直于导轨所在平面，假定除导线外其余部分电阻不计，欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，导线需 ( )A匀速向右运动B加速向右运动C减速向右运动D加速向左运动【答案】CD【解析】试题分析：导线ab匀速向右运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈
9、N中的磁通量不变，没有感应电流产生，故A错误；导线ab减速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断出来ab电流方向由ab，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N的磁通量减小，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意，故B错误，选项C正确；导线ab加速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab电流方向由，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意，故D正确。考点：楞次定律【名师点睛】本题是有两次电磁感应
10、的问题，比较复杂，考查综合运用右手定则、楞次定律和安培定则的能力。9如图所示，电阻为R的金属棒从图示位置分别以，的速度沿光滑导轨(电阻不计)匀速滑到位置，若则在这两次过程中( )A回路电流B产生的热量C通过任一截面的电荷量D外力的功率【答案】AB【解析】试题分析：回路中感应电流为：，则得：，故A正确；产生的热量为：，则得：，故B正确；通过任一截面的电荷量为：，与无关，则得：，故C错误；由于棒匀速运动，外力的功率等于回路中的功率，即得：，则得：，故D错误。考点：导体切割磁感线时的感应电动势、法拉第电磁感应定律、电磁感应中的能量转化【名师点睛】本题是电磁感应中的电路问题，关键要掌握感应电流与热量、
11、电荷量、热量和功率的关系，属于基础性问题。10如图所示，一个很长的光滑导体框倾斜放置，顶端接有一个灯泡，匀强磁场垂直于线框所在平面，当跨放在导轨上的金属棒下滑达稳定速度后，小灯泡获得一个稳定的电功率，除小灯泡外其他电阻均不计，则若使小灯泡的电功率提高一倍，下列措施可行的是( )A换用一个电阻为原来2倍的小灯泡 B将金属棒质量增为原来的2倍C将导体框宽度减小为原来的一半 D将磁感应强度减小为原来的【答案】AD【解析】考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率【名师点睛】ab棒下滑过程中先做变加速运动，后做匀速运动，达到稳定状态，根据平衡条件得出ab的重力的分力与速度的关系，由能量守恒定律得
12、出灯泡的电功率与速度的关系式，再分析什么条件下灯泡的功率变为2倍。二、 非选择题：包括必考部分和选考部分。（一）：必考部分实验题11在“研究电磁感应现象”的实验中（1）如果在闭合开关时发现灵敏电流表的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流表指针将 ；（选填“左偏”、“不动”或“右偏”）原线圈插入副线圈后将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流表指针将 ；（选填“左偏”、“不动”或“右偏”）（2）在做“探究电磁感应现象”实验时，如果副线圈两端不接任何元件，则副线圈电路中将（ ）A因电路不闭合，无电磁感应现象B有电磁感应现象，但无感应电流，只有感应电动势
13、C不能用楞次定律判断感应电动势方向D可以用椤次定律判断感应电动势方向【答案】（1）右偏、左偏、BD【解析】试题分析：（1）闭合电键，磁通量增加，指针向右偏转，将原线圈迅速插入副线圈，磁通量增加，则灵敏电流计的指针将右偏转一下；原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，则电流减小，穿过副线圈的磁通量减小，则灵敏电流计指针向左偏转一下。（3）如果副线圈B两端不接任何元件，线圈中仍有磁通量的变化，仍会产生感应电动势，不会没有感应电流存在，但是可根据楞次定律来确定感应电流的方向，从而可以判断出感应电动势的方向，故BD正确，AC错误。考点：研究电磁感应现象【名师点睛】本题考查研究电磁感
14、应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键。12某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表，他所选用的器材有：灵敏电流表(待改装)，学生电源(电动势为E，内阻不计)，滑动变阻器，单刀双掷开关，导线若干，导热性能良好的防水材料，标准温度计，PTC热敏电阻Rt。(PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为，)。设计电路图如图所示，并按如下步骤进行操作（1）按电路图连接好实验器材。（2）将滑动变阻器滑片P滑到 端(填“a”或“b”)，单刀双掷开关S掷于 端(填“c”或“d”)，调节滑片P使电流表 ，并在以后的操
15、作中保持滑片P位置不动，设此时电路总电阻为R，断开电路。（3）容器中倒入适量开水，观察标准温度计，每当标准温度计示数下降5，就将开关S置于d端，并记录此时的温度t和对应的电流表的示数I，然后断开开关。请根据温度表的设计原理和电路图，写出电流与温度的关系式(用题目中给定的符号)I= 。（4）根据对应温度记录的电流表示数，重新刻制电流表的表盘，改装成温度表。根据改装原理，此温度表表盘刻度线的特点是：低温刻度在 侧(填“左”或“右”)，刻度线分布是否均匀? (填“是”或“否”)。【答案】（2）a 、 c 、满偏。（3）（4）右、否【解析】试题分析：（2）根据实验的原理可知，需要先选取合适的滑动变阻器
16、的电阻值，结合滑动变阻器的使用的注意事项可知，开始时需要将滑动变阻器滑片P滑到 a端，乙保证电流表的使用安全；然后将单刀双掷开关S掷于 c端，调节滑片P使电流表满偏，设此时电路总电阻为R，断开电路。（3）当温度为时，热敏电阻的阻值与摄氏温度的关系为：，根据闭合电路的欧姆定律可得， 。（4）由上式可知，温度越高，电流表中的电流值越小，所以低温刻度在表盘的右侧；由于电流与温度的关系不是线性函数，所以表盘的刻度是不均匀的。考点：伏安法测电阻【名师点睛】由题可知，该实验的原理是利用闭合电路的欧姆定律，测出不同温度条件下，即不同的电阻值下的电流，然后将电流与温度相对应，把电流计改装为温度计结合该原理，需
17、要向选取电路中合适的变阻器电阻值，然后测定不同温度下的电流，最后标注即可。计算题13某小型实验水电站输出功率P=38 kW，输电线路总电阻.（1）若采用U=380 V输电，求输电线路损耗的功率；（2）若改用高压输电，用户端利用的变压器降压，求用户得到的电压【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（1）输电线中的电流则输电线路损耗的功率(2) 改用高压输电后，输电线上的电流变为：降压变压器原线圈两端的电压：根据可知，用户得到的电压。考点：远距离输电【名师点睛】本题考查学生运用电功率公式及变压器线圈匝数与电压的关系解决实际问题的能力要明确损失功率的计算方法。14如图所示，两根足够长的平行金属导轨固
18、定在倾角的斜面上，导轨电阻不计，间距导轨所在空间被分成区域和，两区域的边界与斜面的交线为MN，中的匀强磁场方向垂直斜面向下，中的匀强磁场方向垂直斜面向上，两磁场的磁感应强度大小均为在区域I中，将质量，电阻的金属条放在导轨上，刚好不下滑然后，在区域中将质量，电阻的光滑导体棒置于导轨上，由静止开始下滑cd在滑动过程中始终处于区域的磁场中，、cd始终与导轨垂直且两端与轨道保持良好接触，g取。问（1）下滑的过程中，中的电流方向；（2）将要向上滑动时，cd的速度多大；（3）从cd开始下滑到刚要向上滑动的过程中，cd滑动的距离，此过程中上产生的热量Q是多少【答案】（1）电流由a流向b；（2）；（3）【解析
19、】试题分析：（1）由右手定则可知，电流由a流向b；（2）开始放置ab刚好不下滑时，ab所受摩擦力为最大静摩擦力，由平衡条件得：，ab刚好要上滑时，感应电动势：，电路电流：，ab受到的安培力：，此时ab受到的最大静摩擦力方向沿斜面向下，由平衡条件得：，代入数据解得：；（3）cd棒运动过程中电路产生的总热量为，由能量守恒定律得：，ab上产生的热量：，解得：；考点：导体切割磁感线时的感应电动势、焦耳定律【名师点睛】本题是复杂的电磁感应现象，是电磁感应与力学知识的综合，分析导体棒的运动情况，要抓住甲匀加速运动的过程中，外力与安培力大小相等分别从力和能量两个角度进行研究。选考题：考生从下面三个板块中选择
20、一个完成，如果多选则按第一个给分。选修33板块：第1、2不定项选择题每小题4分。第3小题计算题12分。1下列说法中正确的是（ ）A物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大B物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大C物体温度降低，其内能一定增大D物体温度不变，其内能一定不变【答案】B【解析】试题分析：温度是分子热平均动能的标志，物体温度降低，其分子热运动的平均动能减小，相反，温度升高，其分子热运动的平均动能增大，故A错误，B正确；物体的内能与物体的体积、温度、摩尔数等因素都有关，所以温度降低，其内能不一定增大；温度不变，其内能不一定不变，故CD错误。考点：温度是分子平均动能的标志、物体的内能【名
21、师点睛】解决本题的关键掌握温度的微观意义，知道温度是分子热平均动能的标志明确内能与物体的体积、温度、摩尔数等因素有关。2对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是( )A压强变大时，分子热运动必然变得剧烈B保持压强不变时，分子热运动可能变得剧烈C压强变大时，分子间的平均距离必然变小D压强变小时，分子间的平均距离可能变小【答案】BD【解析】试题分析：压强变大时，根据气态方程可知气体的温度不一定升高，则分子热运动不一定变得剧烈，故A错误；保持压强不变时，若温度升高，分子热运动变得剧烈，故B正确；压强变大时，气体的体积不一定减小，则分子间的平均距离不一定变小，故C错误；压强变小时，温度降低，气体的体积可
22、能减小，分子间的平均距离可能变小，故D正确。考点：温度是分子平均动能的标志、分子间的相互作用力【名师点睛】对于气体，关键要掌握气态方程，明确温度的微观意义：温度是分子热运动激烈程度的反映，理解气体的体积与分子平均距离有关，即可进行解题。3如图，一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞。已知大活塞的质量为，横截面积为；小活塞的质量为，横截面积为；两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为；汽缸外大气的压强为，温度为。初始时大活塞与大圆筒底部相距，两活塞间封闭气体的温度为。现汽缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移。忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦，重力加速度大小g取。求：（1）塞与大圆筒底
23、部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度；（2）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强。【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（1）大活塞与大圆筒底部接触前气体发生等压变化，气体的状态参量：，由盖吕萨克定律得：，即：，解得：；（2）大活塞与大圆筒底部接触后到气缸内气体与气缸外气体温度相等过程中气体发生等容变化，大活塞刚刚与大圆筒底部接触时，由平衡条件得：，代入数据解得：，由查理定律得：，即：，解得：；考点：理想气体的状态方程【名师点睛】本题考查了求气体的温度与压强，分析清楚气体状态变化过程、应用盖吕萨克定律与查理定律即可正确解题。选修34板块：第1、2、3不定项选择题每小题4分。
24、第4小题计算题8分。1如图，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为，经折射后射出a、b两束光线。则( )A在玻璃中，光的传播速度大于b光的传播速度B在真空中，光的波长大于b光的波长C玻璃砖对光的折射率小于b光的折射率D若改变光束的入射方向使角逐渐变大，则折射光线首先消失【答案】D【解析】试题分析：光线a的偏折程度大，根据折射定律公式，光线a的折射率大；再根据公式，光线a在玻璃中的传播速度小，故A C错误；光线a的折射率大，说明光线a的频率高，根据，光线a在真空中的波长较短，故B错误；若改变光束的入射方向使角逐渐变大，则折射光线a的折射角先达到，故先发生全反射，先消失，
25、故D正确。考点：光的折射定律【名师点睛】本题综合考查了光的折射、全反射和干涉，关键是记住几个公式：折射率定义公式、光速公式。2如图所示为两列波叠加的示意图，这两列波的振动方向，振幅频率完全相同，M，N，Q为叠加区域的三个点，Q为两个波谷相遇，M为两个波峰相遇，N点为波峰和波谷相遇，波的周期为T，则下列说法正确的是（ ）AQ点为振动加强点 BN点始终静止不动C 经周期，质点Q传播到N点DM点为振动加强点，过，此点振动减弱【答案】AB【解析】试题分析：Q点是波谷和波谷叠加，为振动加强点，且始终振动加强，故A正确； N点为波峰与波谷叠加，因振幅相同，则位移总是为零，故B正确；质点不会随着波迁移而迁移
26、，故C错误；M点为振动加强点，经过半个周期此点振动加强，故D错误。考点：波的叠加【名师点睛】解决本题的关键知道什么情况下振动加强，什么情况下振动减弱且加强与减弱的条件是什么，是解题的关键。3要增大LC振荡电路的频率，下列方法正确的是（ ）A将正对着的电容器的两个极板错开些B增大电容器的充电电荷量C减少自感线圈的匝数D抽出自感线圈中的铁芯【答案】AD【解析】试题分析：要使LC振荡电路的频率增大，根据公式，可减小线圈的自感系数L或减小电容器的电容C；将正对着的电容器的两个极板错开些，正对面积减小，故电容C减小，故选项A正确；增大电容器的充电电荷量，电容不变，故选项B错误；减少自感线圈的匝数，自感系
27、数L不变，故选项C错误；抽出自感线圈中的铁芯，自感系数L减小，故选项D正确。考点：电磁波的产生【名师点睛】本题比较简单，考查了LC振荡电路的周期公式与L及C有关，还要知道电容器的电容和线圈的自感系数跟哪些因数有关。4如图所示，MN为一列简谐波的质点的平衡位置，质点，间距离为1m，间距离为3 m，()，当点在正最大位移(规定向上为正)时，和c都在平衡位置，经过0.05 s时发现在其平衡位置而达到负向最大位移，c达正向最大位移（1）求波长；（2）波速的可能值有哪些? 【答案】（1）；（2）；【解析】试题分析：（1）由题给条件知两质点震动相反，二者之间距离可为波长的倍，但由于，故只能取零，。（2）若
28、波向左传时，由 若波向右传时， 由考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象【名师点睛】本题知道两个质点的状态，通过画出波形，根据波周期性，确定出两点距离与波长的关系是常用的思路注意分别讨论波向左和向右传播两种情况。选修35板块：第1、2不定项选择题每小题4分。第3小题计算题12分。1图中曲线、b、c、d为气泡室中某放射物发生衰变放出的部分粒子的径迹，气泡室中磁感应强度方向垂直于纸面向里。以下判断可能正确的是( )A、为粒子的径迹B、为粒子的径迹C c、d为粒子的径迹Dc、d为粒子的径迹【答案】D【解析】试题分析：射线在磁场中向右运动时，带正电荷射线，根据左手定则可以判断它将向上偏转，带负电荷射
29、线，可以判断它将向下偏转，不带电射线，不偏转，由此可以判定a、b带正电，c、d带负电，所以ABC错误，D正确。考点：洛仑兹力；X射线、射线、射线、射线及其特性【名师点睛】该题通过带电粒子在磁场中运动考查射线的特性，可以根据左手定则进行判定。2实物粒子和光都具有波粒二象性。下列事实中不能体现波动性的是（ ）A电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样B射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构D人们利用电子显微镜观测物质的微观结构【答案】B【解析】试题分析：干涉是波具有的特性，电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样，说明电子具有波动性，所以A错误； 粒子在云室中受磁场力
30、的作用，做的是圆周运动，与波动性无关，所以B正确；可以利用慢中子衍射来研究晶体的结构，说明中子可以产生衍射现象，说明具有波动性，所以C错误；人们利用电子显微镜观测物质的微观结构，说明电子可以产生衍射现象，说明具有波动性，所以D错误。考点：光的波粒二象性【名师点睛】本题考查了光的波粒二象性，有时波动性明显，有时粒子性明显明确各种物理现象的实质和原理才能顺利解决此类题目。3两滑块、沿水平面上同一条直线运动，并发生碰撞；碰撞后两者粘在一起运动；经过一段时间后，从光滑路段进入粗糙路段。两者的位置随时间t变化的图象如图所示。求：（1）滑块、的质量之比；（2）整个运动过程中，两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比。【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（1）设a、b的质量分别为，a、b碰撞前地速度为由题给的图象得：，a、b发生完全非弹性碰撞，碰撞后两滑块的共同速度为，由题给的图象得，由动量守恒定律得，联立得：。（2）由能量守恒得，两滑块因碰撞损失的机械能为由图象可知，两滑块最后停止运动，由动能定理得，两滑块克服摩擦力所做的功为，联立，并代入数据得：。考点：动量守恒定律、功能关系【名师点睛】本题是对动量守恒的考查，同时注意位移时间图象的含义，根据图象来计算速度的大小，利用能量的守恒来分析损失的能量的多少。
