1、云南省玉溪市一中2020-2021学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析）（总分：100分 考试时间：90分钟）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。1. 以下相关电荷叙述正确的是（）A. 只要电荷量或体积足够小的带电体就可以视为点电荷B. 点电荷是个理想化的物理模型，实际上并不存在C. 1C的电荷量就是元电荷D. 带电体所带的电荷量可以是任意值【答案】B【解析】【分析】【详解】A带电体能否看成点电荷由所研究的问题的性质决定，与带电体本身的电荷量和体积无关，故A错误；B点电荷是个理想化的物理模型，实际上并不存在，故B正确；C元电荷
2、的电量就是等于电子或质子的电量，数值是，故C错误；D带电体所带的电荷量必须等于元电荷或者是元电荷的整数倍，故D错误。故选B。2. 下图所示的实验装置中发现电流磁效应现象的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】【详解】A图中是通电导体在磁场中受力的实验，是电动机的原理，不合题意；B图中是闭合电路的线圈在磁场中运动切割磁感线，产生感应电流，是电磁感应原理，是发电机的原理，不合题意；C图中是通电导线在磁场中受力问题，是电动机的原理，不合题意；D图中给导线通电，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，可用来探究电流的磁效应，符合题意。故选D。3. 如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该
3、点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅在电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处。由此可知（）A. O为负电荷B. 在整个过程中q的电势能先变小后变大C. 在整个过程中q的加速度先变小后变大D. 在整个过程中，电场力做功为零【答案】D【解析】【分析】【详解】A粒子的所受合力的方向大致指向轨迹的弯曲的方向，知正电荷所受的电场力背离点电荷向外，知O为正电荷故A错误；B从a处运动b处，然后又运动到c处的过程中，电场力先做负功，再做正功，则电势能先增大后减少，故B错误；C越靠近点电荷，电场线越密，则电荷所受电场力越大，加速度越大，则加速度先增大后减小，故C错误；Da和c的
4、电势相等，故a和c的电势差为零，根据得电场力做功为零，故D正确。故选D。4. 夏天将到，在北半球，当我们抬头观看教室内的电风扇时，发现电风扇正在逆时针转动。金属材质的电风扇示意图如图所示，由于地磁场的存在，下列关于A、O两点的电势及电势差的说法，正确的是（）A. A点电势比O点电势高B. A点电势比O点电势低C. A点电势和O点电势相等D. 扇叶长度越短，UAO的电势差数值越大【答案】A【解析】【分析】【详解】ABC因北半球地磁场方向斜向下，电风扇逆时针方向转动，切割磁感线产生感应电动势，根据右手定则知，感应电流方向从O到A，则A点相当于电源的正极，O点相当于电源的负极，所以A点的电势高于O点
5、的电势，故A正确，B、C错误；D转动切割的电动势为则知转速一定，扇叶长度越短，电势差越小，故D错误。故选A。5. 如图所示，质量为m的小球以初速度v0水平抛出，恰好垂直打在倾角为的斜面上，不计空气阻力，则球落在斜面上时重力的瞬时功率为（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】【详解】如图所示由于v垂直于斜面，可求出小球落在斜面上时速度的竖直分量为落在斜面上重力的瞬时功率P=mgvy联立可得故选B。6. 如图所示，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，LA、LB是两个相同的灯泡，且在下列实验中不会烧毁，电阻R2阻值约等于R1的两倍，则（）A. 闭合开关S时，LA、LB同时达
6、到最亮，且LB更亮一些B. 闭合开关S时，LA、LB均慢慢亮起来，且LA更亮一些C. 断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB闪亮后才慢慢熄灭D. 断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB马上熄灭【答案】C【解析】【分析】【详解】AB闭合开关S时，LB与电阻串联，直接连在电源两端，立即就亮；而LA与线圈串联，线圈中产生的自感电动势阻碍电流变化，电流只能缓慢增加，慢慢亮起来，稳定以后，由于电阻R2阻值约等于R1的两倍，LA会比LB更亮一些，故AB错误；CD断开开关S时，线圈与两个电阻和两个灯泡构成闭合回路，线圈产生自感电动势相当于电源，要阻碍原电流的减小，线圈的左端相当于电源的正极，通过LB的电流方向与稳定时相
7、反；由于电流是从稳定时的电流大小开始减小，而稳定时通过灯泡LB的电流较小，故LA慢慢熄灭，LB闪亮后才慢慢熄灭，故C正确，D错误；故选C。7. 如图所示，硬杆BC一端固定在墙上的B点，另一端装有滑轮C，重物D用绳拴住通过滑轮固定于墙上的A点。若杆、滑轮及绳的质量和摩擦均不计，将绳的固定端从A点稍向下移，则在移动过程中（）A. 绳的拉力、滑轮对绳的作用力都增大B. 绳的拉力减小，滑轮对绳的作用力增大C. 绳的拉力不变，滑轮对绳的作用力增大D. 绳的拉力、滑轮对绳的作用力都不变【答案】C【解析】【分析】【详解】如图当系统平衡时，绳的拉力始终等于重物的重力，故绳的拉力大小T不变；若将绳的上端从A点沿
8、墙稍向下移，平衡时AC与CD两段绳的夹角变小，因绳的拉力大小不变，故两段绳的拉力的合力变大，绳对轻杆的压力F变大，则滑轮对绳的作用力也增大。故C正确，ABD错误。故选C。8. 三根平行的直导线，分别垂直地通过一个等腰直角三角形的三个顶点，如图所示，现使每条通电导线在斜边中点O所产生的磁感应强度的大小均为B，则该处的磁感应强度的大小和方向是（ ）A. 大小为B，方向垂直斜边向下B. 大小为B，方向垂直斜边向上C. 大小为B，斜向右下方D. 大小为B，斜向左下方【答案】C【解析】由题意可知，三平行的通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，方向如图；则：B合=，故ABD错误，C正确，故选C点睛：磁感
9、应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题前提二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是正确的，其中漏选得2分。9. 2013年2月15日中午12时30分左右，俄罗斯车里雅宾斯克州发生天体坠落事件。如图所示，一块陨石从外太空飞向地球，到A点刚好进入大气层，之后由于受地球引力和大气层空气阻力的作用，轨道半径渐渐变小，则下列说法中正确的是（）A. 陨石正减速飞向A处B. 陨石绕地球运转时角速度渐渐变小C. 陨石绕地球运转时速度渐渐变大D. 进入大气层后，陨石的机械能渐渐变小【答案】CD【解析】【分析】【详
10、解】AC陨石飞向A处时，引力做正功，加速飞向A处，在进入大气层过程中，万有引力大于阻力，合力做正功，动能增加，速度增加，故A错误，C正确；B根据知，陨石的速度增大，半径减小，则角速度增大，故B错误；D进入大气层，由于阻力做功，产生内能，根据能量守恒得，机械能变小，故D正确。故选CD。10. 有两个带电粒子q1、q2，带电量之比为1：1，质量之比为1：3，它们都从静止开始经相同的匀强电场加速后，又垂直于电场方向进入同一匀强偏转电场，之后离开偏转电场。不计粒子重力。下面说法正确的是（）A. q1与q2在偏转电场中沿电场方向的位移y之比为1：1B. q1与q2在偏转电场中沿电场方向的位移y之比为1：
11、3C. q1与q2离开偏转电场时的速度v之比为D. q1与q2离开偏转电场时速度v之比为3：1【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB.两个带电粒子经相同的匀强电场加速后，由动能定理可求出获得的速度比为在偏转电场中，粒子垂直电场方向匀速，则两个粒子在偏转电场中运动的时间比是联立和可得故A正确，B错误；CD.联立和可得故C正确，D错误。故选AC。11. 有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁，做匀速圆周运动.图中粗线圆表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h.下列说法中正确的是（ ）A. h越高，摩托车对侧壁压力将不变B. h越高，摩托车做圆周运动的向心力将越大
12、C. h越高，摩托车做圆周运动的周期将越小D. h越高，摩托车做圆周运动的线速度将越大【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB、杂技演员以及摩托车所受的重力和支持力的合力提供向心力，向心力，对侧壁的压力，其中是表演台的侧壁与地面的夹角，可以看出，向心力和对侧壁的压力均与无关，故A正确，B错误；C、向心力，由于为定值，则与成正比，当越大时，越大，所以周期也越大，故选项C错误；D、向心力，由于为定值，则与成正比，当越大时，越大，所以线速度也越大，故选项D正确12. 磁通量的单位是韦伯（Wb），与它等价的是（）A. B. C. D. 【答案】AC【解析】【分析】【详解】由磁通量的计算公式=BS可知1
13、Wb=1Tm2由磁感应强度的定义式可得 又1N=1kgm/s2因此解得AC正确，BD错误。故选AC。13. 在一个很小的矩形半导体薄片上制作四个电极E、F、M、N，做成了一个霍尔元件。在E、F间通入恒定电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，此时M、N间的电压为UH。已知半导体薄片中的载流子为正电荷，电流与磁场的方向如图所示，下列说法正确的是（）A. N板电势高于M板电势B. 磁感应强度越大，M、N间的电势差越大C. 将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，UH不变D. 将磁场和电流同时反向，N板电势低于M板电势【答案】AB【解析】【分析】【详解】A根据左手定则，电流的方向向里，自由电荷受力的方向指
14、向N端，向N端偏转，则N点电势高，故A正确；B设左右两个表面相距为d，电子所受的电场力等于洛伦兹力，即：设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为s，则，解得令则所以若保持电流I恒定，则M、N间的电压与磁感虑强度B成正比，故B正确；C将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，则带电粒子不会受到洛伦兹力，因此不存在电势差，故C错误；D若磁场和电流分别反向，依据左手定则，则N板电势仍高于M板电势，故D错误。故选AB。14. 如图甲所示，匝数n=200匝的圆形线圈的面积为50cm2，把它放在匀强磁场中，线圈平面始终与磁场方向垂直，设磁场方向垂直于纸面向里时磁感应强度为正.线圈的电阻为0.5，外接电阻R
15、=1.5。当穿过线圈的磁场按图乙所示的规律变化时，下面说法正确的是（）A. 00.5s内线圈中磁通量先增大后减小B. 00.1s内通过R的电流逐渐增大C. 0.10.5s内ab两点间电势差为1.5vD. 第0.1s内通过R电流大小是第0.3s内通过R电流大小的两倍【答案】CD【解析】【分析】【详解】A00.1s磁通量增加，0.1s0.3s磁通量减少，0.3s0.5s磁通量增加，故A错误；B00.1s产生的感应电动势产生的感应电流电流没有发生变化，故B错误；C0.1s0.5s产生的感应电动势感应电流ab的电势差故C正确；D根据BC选项中的电流，可知第0.1s内通过R电流大小是第0.3s内通过R电
16、流大小的两倍，故D正确。故选CD。三、实验题：第15题每空2分，第16题第一问1分，其余每空2分，共17分。15. (1)如图，某同学用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图（下图是放大图），则此工件的外径_mm。(2)用螺旋测微器测量某电阻丝的直径如图，则此电阻丝的直径为_mm。(3)一多用电表的电阻档有三个倍率，分别是“1”、“10”、“100”。用“10”档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很大，为了较准确地进行测量，应换到“_”档。换档后要先进行_，才能测量。【答案】 (1). 19.40mm (2). 1.567mm1.569mm (3). 1 (4). 欧姆调零【解析】
17、【分析】【详解】(1)1游标卡尺的读数为；(2)2螺旋测微器固定刻度读数为1.5mm，可动部分的读数范围为0.067mm0.069mm，故读数范围为1.567mm1.569mm；(3)3用“10”档测量某电阻时，发现表头指针偏转角度很大，说明待测电阻阻值较小，需要换用“1”档；4每次换挡后要让红黑表笔短接，重新进行欧姆调零。16. 测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA现有
18、下列器材：待测“水果电池”电流表：满偏电流3mA，电阻约10电压表：量程015V，电 阻约1000滑动变阻器R1：030滑动变阻器R2：03k开关、导线等实验器材（1）本实验选用上面所示的实验原理图，应该选用哪种规格的滑动变阻器？_（填写仪器代号）（2）在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，得到UI图象如上图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E_V，内电阻r_（3）若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）【答案】 (1). R2 (2). 1
19、.5 (3). 500 (4). 相等 (5). 偏大【解析】【分析】【详解】（1）由题意可知，电源的内阻越为，若选用0-30的滑动变阻器，不能方便的控制电流，电流变化范围不大故滑动变阻器应选R2；（2）U-I图象在纵轴上的截距代表电源的电动势，图线的斜率的绝对值表示水果电池的内阻图象纵轴截距为1.5，故E=1.5V；图象斜率的绝对值；（3）由于电流表的分压作用，导致路段电压的测量存在误差，但电流测量值等于真实值，运用图象法分别在U-I图象上由测量数据作出的图线1和修正误差后真实值作出的图线2，如下图所示由图看出，电动势没有系统误差，即电动势测量值与真实值相等，而内阻的测量值偏大【点睛】（1）
20、通过水果电池的内阻大小，选择合适的滑动变阻器；（2）U-I图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻；（3）由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，运用图象法可以分析误差四、计算题：共3小题，共35分。17. 从粒子源不断发射相同的带电粒子，初速可忽略不计，这些粒子经电场加速后，从M孔以平行于MN方向进入一个边长为d的正方形的磁场区域MNQP，如图所示，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，其中PQ的中点S开有小孔，外侧紧贴PQ放置一块荧光屏当把加速电压调节为U时，这些粒子刚好经过孔S 打在荧光屏上，不计粒子的重力和粒子间的相互作用（1）画出带电粒子在磁场中的运动轨迹并
21、作出圆心的位置（2）请说明粒子的电性求出粒子的比荷（）【答案】（1）正（2）【解析】应用动能定理求出带电粒子经电场加速后的速度，画出带电粒子在磁场中运动轨迹图，利用洛伦兹力提供向心力和图中几何关系列方程解答18. 如图所示，ABCD为竖直放在场强为E104N/C的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的ABC部分是半径为R0.5m的半圆环（B为半圆弧的中点），轨道的水平部分与半圆环相切于C点，D为水平轨道的一点，而且CD2R，把一质量m100g，带电荷量q104C的带负电小球，放在水平轨道上的D点，由静止释放后，在轨道的内侧运动。g10m/s2，求：（1）小球到达B点时对轨道的压力是多大？（2
22、）要使小滑块能运动到半圆轨道的最高点A，则滑块在水平轨道上释放的位置到C点的距离至少需要多远？【答案】（1）5N；（2）【解析】【分析】【详解】(1)小球从D至B过程中，由动能定理qE(2RR)mgRmv解得vB2m/s在B点由牛顿第二定律得FNqE解得FNqEm5N由牛顿第三定律知FNFN5N(2)恰好通过A点时，重力提供向心力有从释放点到A点利用动能定理得解得19. 如图所示，电阻可忽略的粗糙平行金属导轨足够长，两导轨间距L=0.5m，导轨倾角为30，导轨上端ab接一阻值R=1.5的电阻，已知导体棒与导轨间动摩擦因素为=，磁感应强度B0=1T的匀强磁场垂直轨道平面向上。电阻r=0.5、质量m=0.5kg的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab处由静止开始下滑至速度达到最大的过程中金属棒下滑的高度为h=12m，重力加速度为g=10m/s2。（1）金属棒下滑过程中速度最大是多少？（2）金属棒在此过程中克服安培力做的功；（3）达到最大速度后，磁感应强度发生变化使回路中不产生感应电流，则磁感应度随时间怎样变化。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【分析】【详解】(1)当导体棒所受合力为0时，速度最大，即当时，导体棒速度最大，解得(2)从开始到速度达到最大的过程中由动能定理得解得(3)要使回路中不产生感应电流，回路中磁通量应保持不变当时回路中没有感应电流
