1、2020年11月山东省邹城市兖矿二中高二上学期期中考试物理模拟题1. 关于“能量耗散”的下列说法中，正确的是（）A. 能量在转化过程中，有一部分能量转化为内能，我们无法把这些内能收集起来重新利用，这种现象叫作能量耗散B. 能量在转化过程中变少的现象叫能量耗散C. 能量耗散表明，在能源的利用过程中，即在能量的转化过程中，能量的数量并未减少，但在可利用的品质上降低了，从便于利用的能源变成不便于利用的能源，而自然界的能量是不守恒的D. 能量耗散表明，各种能量在不转化时是守恒的，但在转化时是不守恒的【答案】A【解析】【详解】能量耗散的过程中能量向品质低的大气内能转变，但是总的能量是守恒的，能量不能凭空
2、产生，也不能凭空消失，但有方向性，机械能转化为内能后，我们无法将它们收集起来重新利用故选A。2. 关于动量、冲量、动能，下列说法正确的是A. 物体的动量越大，表明它受到的冲量越大B. 物体的动量变化，其动能有可能不变C. 物体受到合外力的冲量作用，则其动能一定变化D. 运动的物体在任一时刻的动量方向不一定是该时刻的速度方向【答案】B【解析】【详解】A. 根据动量定理可知，动量的改变量越大，冲量越大，动量和冲量无直接联系，故A项与题意不相符；B. 匀速圆周运动的速度方向时刻变化，所以动量变化，但动能不变，故B项与题意相符；C. 匀速圆周运动的合外力的冲量不为零，但动能不变，故C项不符合题意；D.
3、 动量是矢量，其方向与物体速度方向相同，故D项与题意不相符3. 某学生做观察电磁感应应现象的实验时，将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关，用导线连接成如图所示的实验电路，闭合开关，下列说法错误的是（ ）A. 线圈A插入线圈B的过程中，有感应电流B. 线圈A从B线圈中拔出过程中，有感应电流C. 线圈A停在B线圈中，有感应电流D. 线圈A拔出线圈B过程中，线圈B的磁通量在减小【答案】C【解析】【详解】由电路图可知，开关接在电流表与副线圈B的电路中，接通和断开开关，只是使线圈B所在回路闭合或断开，不影响原线圈A中电流的变化。A线圈A插入线圈B的过程中，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，则有感应电流，故A
4、正确；B同理，当线圈A从B线圈中拔出过程中，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，则有感应电流，故B正确；C线圈A停在B线圈中，穿过线圈B的磁通量不变，没有感应电流，故C错误；D线圈A拔出线圈B的过程中，穿过线圈B的磁通量减少，线圈B产生感应电流，故D正确。本题选择错误的，故选C。4. 两根同种材料制成的导线，质量之比为，长度之比为，则它们的电阻之比为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】两个同种材料制成的导线，质量之比，则它们的体积之比是，长度之比，则横截面积之比：，根据电阻的计算公式：，得：，所以C正确点睛：本题考查电阻定律的应用，要注意明确电阻取决于导线长度和截面积；根据质量关系可求
5、得体积关系，再由体积公式可求得截面积之比，再由电阻定律则可求得电阻之比5. 额定电压都是110 V，额定功率PL1100 W，PL240 W电灯两盏，若接在电压是220 V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】A判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流对灯泡由PUI可知：RL1RL2；对于A电路，由于RL1UL1，可得UL2110 V，L2灯被烧毁，UL1RL1，L1灯又并联变阻器，并联电阻更小于RL2，所以UL2U并，L2灯烧毁，B错误；CD对于C电路，L2灯与变阻器并联电阻可能等于R
6、L1，所以可能UL1UL2110 V，两灯可以正常发光；对于D电路，若变阻器的有效电阻等于L1、L2的并联电阻，则UL1UL2110 V，两灯可以正常发光比较C、D两个电路，由于C电路中变阻器功率为(IL1IL2)110，而D电路中变阻器功率为(IL1IL2)110，所以C电路消耗电功率最小，选项C正确，D错误故选C。6. 如图所示电路中，开关S闭合，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，以下判断正确的是（）A. 电压表示数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B. 电压表示数变小，通过灯L1的电流变小，灯L2变暗C. 电压表示数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变亮D. 电压表示数变小，通
7、过灯L2的电流变大，灯L1变暗【答案】D【解析】【详解】当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由知总电流增大，通过L2的电流增大，L2变亮；由知，滑动变阻器与L1并联部分电压减小，电压表示数变小，L1变暗。故选D。7. 某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知 () A. 反映Pr变化的图线是bB. 电源电动势为8 VC. 电源内阻为1 D. 当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 【答案】D【解析】【详解】A电源内部的发热功率为则图象是抛物线，而且是
8、增函数，则反映变化的图线是c，故A错误；B直流电源的总功率为图象的斜率等于电动势E，则有故B错误；C图中I=2A时，电源内部的发热功率与电源的总功率相等，则有得到=2故C错误；D当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得代入解得，故D正确。故选D。8. 如图所示，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l.在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度为零如果让P中的电流反向、其他条件不变，则a点处磁感应强度的大小为()A. 0B. C. D. 2B0【答案】C【解析】【详解】在两导线中均通有方向垂直于
9、纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离为l的a点处的磁感应强度为零，如下图所示：由此可知，外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依据几何关系，及三角知识，则有：BPcos30=B0； 解得P或Q通电导线在a处的磁场大小为BP=B0；当P中的电流反向，其他条件不变，再依据几何关系，及三角知识，则有：B2=B0；因外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，磁场大小为B0；最后由矢量的合成法则，那么a点处磁感应强度的大小为B=，故C正确，ABD错误9. 下列关于电磁波说法中正确的是（）A. 只要电场和磁场发生变化，就能产生电磁波B. 电磁波的传播需要介质C. 停止发射电磁波，发射出去的
10、电磁波仍能独立存在D. 电磁波具有能量，电磁波的传播是伴随着能量向外传递的【答案】CD【解析】【详解】A要想产生持续的电磁波，变化的电场（或磁场）产生的磁场（或电场）必须是周期性变化的，故A错误；B电磁波是物质波，电磁波的传播不需要介质，故B错误；C电磁波可以脱离“波源”而独立存在，故C正确；D电磁波具有能量，电磁波传播的过程，也就是能量的传播过程，故D正确。故选CD。10. 有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线内有n个自由电子，电子电荷量为e，此时电子的定向移动速率为v，在时间内，通过导体横截面的自由电子数目为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】
11、根据电流的微观表达式I=nqvS，在t时间内通过导体横截面的自由电子的电量则在t时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为将I=nevS，代入解得故选C。11. 在光滑水平面上A、B两小车中间有一轻弹簧（弹簧不与小车相连），如图所示，用手抓住小车并将弹簧压缩后使小车处于静止状态，将小车及弹簧看成一个系统，下列说法中正确的是（）A. 两手同时放开后，系统总动量始终为零B. 先放开左手，再放开右手后，动量不守恒C. 先放开左手，后放开右手，总动量向左D. 无论何时放手，两手放开后，系统总动量都保持不变【答案】ACD【解析】【详解】A若两手同时放开A、B两车，系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于系统
12、初动量为零，则系统总动量为零，故A正确；C先放开左手，系统所受合外力向左，系统所受合外力的冲量向左，再放开右手，系统总动量向左，故C正确；BD无论何时放手，两手放开后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，系统总动量保持不变，如果同时放手，系统总动量为零，如果不同时放手，系统总动量不守恒，故B错误，D正确。故选ACD。12. 如图所示是有两个量程的电流表，当分别使用a和b、a和c接线柱时，此电流表有两个量程，其中一个量程为01 A，另一个量程为00.1 A，表头内阻Rg=200 ，满偏电流Ig=2 mA，则（ ）A. 当使用a、b时量程为01 AB. 当使用a、c时量程为01 AC. 电阻R1=0
13、. 41 D. 电阻R2=0.41 【答案】AC【解析】【详解】AB.表头改装成电流表时需并联分流电阻，且分流电阻越小，改装后量程越大，可知使用a、b时量程为01A，使用a、c时量程为00.1A，故A正确，B错误；CD.由并联电路各支路两端电压相等可得Ig（R2+Rg）=（I1Ig）R1，IgRg=（I2Ig）（R1+R2），Ig=2mA，I1=1A，I2=0.1A，解得R1=0.41，R2=3.67，故C正确，D错误.13. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的其它器材有:A电压表V：0315V B电流表A：00.63AC变阻器R1：(20，1A) D变阻器R2：(1000
14、，0.1A)E电阻箱R（0999.9） F开关和导线若干实验中电压表应选用的量程为_（填03V或015V），电流表应选用的量程为_（填00.6A或03A），变阻器应选用_；（填字母代号）根据实验要求在方框中画出电路图_，并补充连接实物电路图_；测出几组电流、电压的数值，并画出图象如图所示，由图象可知该电池的电动势E_V，内电阻r_。【答案】 (1). 03V (2). 00.6A (3). C (4). (5). (6). 1.5 (7). 2.5【解析】【详解】123由图可知，电流小于0.6A，故电流表应选用的量程为0-0.6A；而电池的电动势约为1.5V，故电压表应选用的量程为 0-3V；
15、为了调节方便并能减小误差，故变阻器应选用C；4根据实验要求在方框中画出电路图，如图所示5对照电路原理图，连接实物图，如图所示67根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir所以U-I图象的纵轴截距表示电动势，故电动势为E=1.5V；斜率绝对值表示电源内电阻，故【点睛】本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义。14. 在“金属丝电阻率的测量”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5，实验室备有下列实验器材：A电压表V1（量程03V，内阻约为15k）；B电压表V2（量程015V，内阻约为75k）；C电流表A1（量程03A，内阻约为0.2）；D电流表A2（量程00.6A，内阻
16、约为1）；E滑动变阻器R1（010，0.6A）；F滑动变阻器R2（02000，0.1A）；G电池组E（3V）；H开关S，导线若干。(1)为减小实验误差，应选用的实验器材有_（填器材前面的序号）。(2)为减小实验误差，本实验采用电路图如图所示。请把如图中的实物图用线连接起来_。(3)若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为_mm，电阻值为_。【答案】 (1). ADEGH (2). (3). 0.636（0.6340.638） (4). 2.4【解析】【详解】(1)1由于电源电动势为3 V，所以电压表应选A；被测电阻约为5
17、 ，电路中的最大电流约为I=0.6 A，电流表应选D；根据滑动变阻器允许通过的最大电流可知，滑动变阻器应选E；还要选用电池组和开关，导线若干。故应选用的实验器材有A、D、E、G、H。(2)2实物连接如图所示(3)3从螺旋测微器可以读出金属丝的直径为4从电压表可以读出电阻两端电压为1.20 V，从电流表可以读出通过电阻的电流为0.50 A，被测金属丝的阻值为15. 小型直流电动机(其线圈内阻为r1 )与规格为“4 V、4 W”的小灯泡并联，再与阻值为R5 的电阻串联，然后接至U12 V的电源上，如图所示，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求：(1)通过电动机的电流；(2)电动机的输出功率P出；
18、(3)电动机的效率【答案】(1)0.6 A(2)2.04 W(3)85%【解析】【分析】由灯泡的额定功率可求得灯泡的电流；再由串并联电路的规律可求得流过电动机的电流；由P=UI可求得电动机消耗的总功率，由焦耳定律可求得热功率，则可求得输出功率；根据求出电动机的效率【详解】解：(1)流经灯泡的电流流经电阻R的电流流经电动机的电流(2)电动机消耗的总功率电动机产生的热功率电动机的输出功率(3)电动机的效率16. 如图所示，电路中E=3V，r=0.5，变阻器的最大阻值R=10（1）在变阻器的阻值R为多大时，变阻器上消耗的功率最大？最大为多大？（2）在变阻器的阻值R为多大时，定值电阻上消耗的功率最大？
19、最大为多大？【答案】2 （2）0 【解析】（1）此种情况可以把R0归入电源内阻，这样变阻器上消耗的功率，也就是电源的输出功率即当R=r+R0=2 时，R消耗功率最大为：（2）定值电阻 R0上消耗的功率可以表述为：P=I2R0，因为R0不变，当电流最大时功率最大，此时应有电路中电阻最小，即当R=0时，R0上消耗的功率最大：17. 如图所示，在光滑水平面上，使滑块A以2m/s的速度向右运动，滑块B以4m/s的速度向左运动并与滑块A发生相互作用，已知滑块A、B的质量分别为1kg、2kg，滑块B的左侧连有水平轻弹簧，求：(1)当滑块A速度减为0时，滑块B的速度大小；(2)两滑块相距最近时，滑块B的速度
20、大小；(3)弹簧弹性势能的最大值。【答案】(1)3m/s；(2)2m/s；(3)12J【解析】【详解】(1)以向右为正方向，A、B与轻弹簧组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒。取向右为正，当滑块A的速度减为0时，滑块B的速度为vB，由动量守恒定律得mAvAmBvB=mBvB解得vB=3 m/s故滑块B的速度大小为3m/s，方向向左(2)两滑块相距最近时速度相等，设此速度为v，根据动量守恒得mAvAmBvB=(mAmB)v解得v=2m/s故滑块B的速度大小为2m/s时，两滑块相距最近。(3)两个滑块的速度相等时，弹簧压缩至最短，弹性势能最大，根据系统的机械能守恒知，弹簧的最大弹性势能为Epm=mAvA2mBvB2(mAmB)v2解得Epm=12J
