1、铭仁园中学2016届高三（上）第二次月考考试时间：90分钟；满分：100分；第I卷（选择题）一、选择题（本题共13小题，共计42分，110只有一个选项符合题意，每小题3分；1113有多个选项符合题意，每小题4分）1物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是（ ）A开普勒通过对行星观测记录的研究发现了万有引力定律B伽利略指出物体的运动需要力来维持C牛顿测出了引力常量G的数值D伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比2质点从光滑水平面上的P点做初速度为零的匀加速直线运动。质点到达M点时的速率
2、为v，到达N点时的速率为3v。则P、M两点之间的距离与M、N两点间的距离之比为A 1:3 B.1：5 C.l：8 D1:93如图，质量分别为M和m的两物块(均可视为质点，且Mm)分别在同样大小的恒力作用下，沿水平面由静止开始做直线运动，两力与水平面的夹角相同，两物块经过的位移相同。设此过程中F1对M做的功为W1，F2对m做的功为W2，则A无论水平面光滑与否，都有W1W2B若水平面光滑，则W1W2C若水平面粗糙，则W1W2D若水平面粗糙，则W1W24降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞（ ）A下落的时间越短 B下落的时间越长C落地时速度越小 D落地时速度越大5甲、乙两
3、辆汽车在平直公路上行驶，它们的位移x随时间t变化的关系图线分别如图中甲、乙所示，图线甲为直线且与x轴交点坐标为（0，2m），图线乙为过坐标原点的抛物线，两图线交点的坐标为P（2m，4m）。下列说法正确的是A甲车做匀加速直线运动B乙车速度越来越大Ct=2s时刻甲、乙两车速率相等D02s内甲、乙两车发生的位移相等6如图所示，A、B两物体质量分别是mA、mB，用劲度为k的轻弹簧相连，竖直放置，处于静止状态。现对A施竖直向上的拉力F，将A缓慢提起，当B对地面恰好无压力时，突然撤去拉力F。在A由静止向下运动第一次达到最大速度过程中，下落的高度为AmAg/k B(2mB-mA)g/kC(mB-mA)g/k
4、 D(mAmB)g/k7质量之比2:1的球A、B，由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在正在竖直向上做匀速运动ABv的电梯内，细线承受的拉力为F；某时刻突然剪断细线，则在细线断的瞬间A、B球的加速度分别为（ ）A aA=g，aB=g BaA=0，aB=0.5g B CaA=1.5g，aB=0 DaA=0.5g，aB=1.5g8如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端上述过程中，若用x、a和EK分别表示物块的位移、速度、加速度和动能各物理量的大小，t表示运动时间。下列图象中可能正确的是9如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点）
5、，a站在滑轮正下方的地面上，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a的质量与演员b的质量之比为A11 B21 C31 D4110物体以初速度V0从A点出发，沿光滑水平轨道向前滑行，途中经过一小段粗糙程度恒定的轨道并滑离，关于该物体在通过轨道的粗糙部分的前后，下列说法正确的是（ ）A初速度V0越大，物体动能的减少量越大AB初速度V0越大，物体动能的减少量越小C初速度V0越大，物体速度的减少量越大D初速度V0越大，物体速度的减少量越小11如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动通过力传感器和速度传感器监测
6、到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示。（g10 m/s2）则A物体的质量m1.0 kgB物体与水平面间的动摩擦因数0.20C第2 s内物体克服摩擦力做的功W2.0 JD前2s内推力F做功的平均功率1.5 W12如图所示，在斜面顶端a处以速度va水平抛出一小球，经过时间ta恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点Q处。若不计空气阻力，下列关系式正确的是 ( )Ava=2vb Bva=vbCta=2tb Dta=tb13如图所示，质量为m的物体A在竖直向上的力F（Fmg）作用下静止于斜面上。若减小力F，则 A.物体A所
7、受合力不变B斜面对物体A的支持力不变C地面对斜面的摩擦力不变D斜面对物体A的摩擦力可能为零第II卷（非选择题）二，实验探究题（本大题共2个小题，共计14分，每空2分）14（6分）如图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录a c db轨迹，小方格的边长L=2.5cm。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo= （用L、g表示），其值是m/s（取g=10m/s2），小球在c点的速率是m/s。15（8分）利用图（甲）示装置可以做力学中的许多实验（1）以下说法正确的是 A利用此装置“研究匀变速直线运动” 时，必须设法消除小车和木
8、板间的摩擦阻力的影响 B利用此装置探究 “小车的加速度与质量的关系” 并用图象法处理数据时，如果画出的a-M关系图象不是直线，就可确定加速度与质量成反比C利用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时，应将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响（2）小华在利用此装置进行“探究加速度a与力F的关系”的实验过程中，打出了一条纸带。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离如图（乙）所示。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz。（g=9.8 m/s2）求：从图中所给的刻度尺上读出A、B两点间的距离S1 = cm；该小车的加
9、速度a = m/s2；实验的过程中，小华不断增加所挂钩码的个数，导致钩码的质量远远大于小车的质量，则小车加速度a的值随钩码的个数的增加将趋近于 。五、 计算题（本题共4个小题，共计44分）16（8分）甲、乙两物体分别做匀加速和匀减速直线运动，已知乙的初速度是甲的初速度的2.5倍，且甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍，经过4s，两者的速度均达到8m/s，则两者的初速度分别为多大？两者的加速度分别为多大？17（8分）如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度s 5 m，轨道CD足够长且倾角37，A、D两点离轨道B
10、C的高度分别为h14.30 m、h21.35 m。现让质量为m的小滑块自A点由静止释放。已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数0.5，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cosAsBCDh2h1vD 370.8。求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔18（12分）如图，长为L=2m、质量mA4kg的木板A放在光滑水平面上，质量mB1kg的小物块（可视为质点）位于A的中点，水平力F作用于A.AB间的动摩擦因素=0.2(AB间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2)。求：(1)为使AB保持相对静止，F不能超过多大？BAF(2)若拉力
11、F12N，物块B从A板左端滑落时木板A的速度为多大？19（12分）如图，将质量m=2kg的圆环套在与水平面成角的足够长直杆上，直杆固定不动，环的直径略大于杆的截面直径，杆上依次有三点A、B、C，sAB=8m，sBC=0.6m，环与杆间动摩擦因数，对环施加一个与杆成斜向上的拉力F，使环从A点由静止开始沿杆向上运动。已知t=4s时环到达B点重力加速度g=10ms2，。（1）求F的大小；（2）若到达B点时撤去力F，求此环到达C点所用的时间参考答案1D2 C考点：匀变速直线运动的规律.试题分析：设物体的加速度为a，则；，则P、M两点之间的距离与M、N两点间的距离之比为1:8，选项C正确。3A4D考点：
12、牛顿第二定律、运动的合成和分解。试题分析：下落时间的长短取决于竖直方向的分运动，由于竖直分运动仍然匀速，下落时间不变，A、B错误；由于水平方向受风力作用，所以，水平方向加速，风速越大，加速度越大，落地时的水平速度越大，合速度越大，C错误；D正确。5B考点：本题考查了匀变速直线运动的位移与时间的关系。试题分析：位移时间图象的斜率表示速度，图线甲为直线，斜率恒定，说明甲车的速度不变，做匀速直线运动，故A错误；图线乙为过坐标原点的抛物线，切线的斜率不断增大，说明乙车的速度越来越大，故B正确；t=2s时刻图线乙的斜率比甲的大，则说明乙车速率较大，故C错误；t=2s时刻两图线相交于一点，说明此时刻两车位
13、置相同，两车相遇。由图象知：02s内甲车发生的位移为4m-2m=2m，乙车发生的位移为4m-0=4m，故D错误。所以选B。6D考点：牛顿第二定律 胡克定律试题分析：当B对地面恰好无压力时，弹簧的弹力等于B的重力，即 kx1=mBg，弹簧处于拉伸状态；若突然撤去F使得物体A在重力和弹力作用下向下做加速运动，当A的加速度为零时速度最大，此时kx2=mAg，弹簧处于压缩状态，从拉伸x1到压缩x2过程中A下落的高度为，答案D对。7C考点：牛顿第二定律的应用.匀速运动时，绳的拉力F=3mg；当突然剪断细绳时，因弹簧的弹力不突变，故此时B的加速度仍为零，即aB=0；A受的合外力等于F=3mg，则A的加速度
14、为；故选C.8B考点：牛顿第二定律、动能定理试题分析：沿斜面上滑过程中，重力沿斜面向下的分力和向下的摩擦力提供加速度，作匀减速运动；下滑过程中，重力沿斜面向下的分力和向上的摩擦力提供加速度，作匀加速运动A错误；向上运动时的加速度大于向下运动时的加速度，B正确，CD错误。9B考点：本题考查机械能守恒定律、匀速圆周运动、平衡条件。试题分析：b摆动过程中满足机械能守恒有：，在最低点有：，可得.当a刚好对地面无压力时，有,同一根绳，所以，故A、C、D错误,B正确故选B10D考点：动能定理；牛顿定律的应用.由动能定理可知，物体动能减小量等于在粗糙段摩擦力做得功，故物体动能减小量与初速度无关，选项AB错误
15、；因物体在粗糙段的加速度恒定，故物体初速度V0越大，在粗糙段运动的时间越短，根据可知，物体速度的减少量越小，选项C错误，D正确；故选D.11CD考点：考查了牛顿第二定律与图像试题分析：物体在水平方向上受到摩擦力和推力作用，在1-2s过程中有，在2-3s内，联立可得，AB错误；速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，所以第2s内的位移为，所以克服摩擦力做功为，C正确；F只在第2s内做功，F所做的功为，所以前2s内推力F做功的平均功率为，D正确12BD考点：平抛运动。试题分析：设斜面的长度为L，斜面倾斜角度为，由平抛知识可知，Lcos=vata，Lsin=，Lcos=vbtb，Lsin=，联立解得
16、va=vb，ta=tb。13AC考点：物体的平衡将力F和mg等效为mg-F，因Fmg，则方向向下；则当F减小时，物体仍然静止，则合力仍为零，选项A正确；斜面对A的支持力为（mg-F）cos，当F减小时，支持力变大，选项B错误；因地面对斜面的摩擦力为零，当F减小时摩擦力仍为零，故地面对斜面的摩擦力不变，选项C正确；因mg-F不为零，故斜面对物体A的摩擦力不可能为零，选项D错误；14; 1 ; 1.615（1）C （2）0.70 0.2 9.8164m/s，10m/s。1m/s2，0.5m/s2对甲、乙两物体分别应用匀变速直线运动速度公式，有，又 ，由以上四式可得甲、乙两物体的初速度分别为m/s=
17、4m/s，m/s=10m/s；甲、乙两物体的加速度大小分别为m/s2=1m/s2， m/s2= 0.5m/s217考点：动能定理和运动学知识（1）3m/s （2）2s试题分析：（1）小物块从ABCD过程中，由动能定理得代入数据解得：=3m/s（2）小物块从ABC过程中，由动能定理得解得：=6m/s（2分）物块沿CD段上滑的加速度大小6m/s2小物块沿CD段上滑到最高点的时间1s由于对称性可知小物块从最高点滑回C点的时间1s故小物块第一次与第二次通过C点的时间间隔为2s18考点：考查了牛顿第二定律的应用（1），(2)试题分析：（1）F最大时，物块水平方向受到静摩擦力最大，由牛顿第二定律得：解得临
18、界加速度为：，对整体分析得：（2）若拉力F=12N10N，AB发生相对滑动，对B：对A：代入数据解得：设B从A上滑落时，则有：，得：对A有：19（1）20N （2） 0.2s或考点：本题考查了牛顿第二定律及其应用、力的合成与分解的运用、匀变速直线运动规律。试题分析：（1） 根据题意知，环做匀加速直线运动，则有，解得：对环进行受力分析，若，则杆对环的弹力垂直于杆向上，如图所示：则有：以上两式联立代入数据解得：若，则杆对环的弹力垂直于杆向下，如图所示：则有：以上两式联立代入数据解得：（不符合，舍去）（2）环到B的速度为撤去力F后向上运动过程对环进行受力分析有：根据牛顿第二定律得:，解得：设撤去力F后环的速度减为0所需时间为t，环从B点到速度减为0运动的距离为s，则，解得：，解得：若环向上经过C点，则根据匀变速直线运动规律得：代入数据解得：，（舍去）当环运动到最高点，将再次向下匀加速运动，则环在下滑过程对其进行受力分析，根据牛顿第二定律得：，解得：此时下滑的加速度环从最高点下滑至C点时发生的位移为根据初速度为零的匀加速直线运动位移时间关系得：，解得环下滑至C点时间为所以从B点计时，小环经过C点的时间故若到达B点时撤去力F，此环到达C点所用的时间为0.2s或
