1、高一物理期中测试题一、不定项选择（每题6分，共计36分）1.下列关于质点的说法中，正确的是( )A. 质点是一个理想化的模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大的意义B. 体积很小、质量很小的物体都可以看成质点C. 不论物体的质量多大，只要物体的形状和大小对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计，就可以看成质点D. 只有低速运动的物体才可以看成质点，高速运动的物体不可看作质点【答案】C【解析】试题分析：质点是一个理想化模型，实际上并不存在，抓住物体质量这个属性，忽略了物体的大小和形状，对物体进行简化，方便科学研究，是有意义的，故A错误；体积很小、质量很小的物体不一定能看成质点，只有物体
2、的形状和大小对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计才可以把物体看成质点，故B错误；物体的形状和大小对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计，可以把物体看成质点，故C正确；无论低速运动的物体，还是高速运动的物体，只要形状和大小对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计，都可以看成质点，故D错误，故选C考点：本题考查了质点的认识2.子弹以900m/s的速度从枪筒射出，汽车在北京长安街上行使，时快时慢，20min行使了18km，汽车行驶的速度是54km/h，则（）A. 900m/s是平均速度B. 900m/s是瞬时速度C. 54km/h是平均速度D. 54km/s瞬时速度【答案】BC【解析】【详解】
3、AB子弹以900m/s的速度从枪筒射出，表示通过某一位置的速度，是瞬时速度，选项A错误，B正确。CD汽车行驶的速度是54km/h，表示一段位移内的速度，是平均速度。故C正确， D错误。3. 质点作单方向的匀变速直线运动时，下列论述中正确的是（ ）A. 相等的时间内位移相等B. 相等的时间内位移的变化相等C. 相等的时间内速度的变化相等D. 瞬时速度的大小改变，但方向不变【答案】BCD【解析】【分析】匀变速直线运动是指加速度不变的直线运动，相等的时间内位移的变化量是个定值，根据匀变速直线运动的特点及基本公式即可求解【详解】A、根据 知，初速度不同，加速度和时间相同，位移不等，故A错误；B、相等的
4、时间内位移的变化量x=at2，加速度和时间相等，x相等，故B正确；C、速度的变化量v=at，加速度和时间相等，速度的变化相等，故C正确；D、质点作单方向的匀变速直线运动时，速度大小变化，方向不变，故D正确故选BCD【点睛】本题主要考查了匀变速直线运动特点及基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题4.甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t0时，乙物体在甲物体之前一定距离处，则两个物体运动的xt图象应是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】位移时间图像中图线的斜率表示速度大小，由于甲的速度较大，所以甲的斜率较大，BD错；纵坐标表示位置，乙在甲的前面，可知A错；5
5、.如图所示为某物体做直线运动的图象，关于这个物体在4s内运动的情况，下列说法正确的是（ ）A. 物体始终向同一方向运动B. 加速度大小不变，方向与初速度方向相同C. 4s末物体离出发点最远D. 4s内通过的路程为4m，位移为零【答案】D【解析】【详解】A由图可知，前2s内物体沿反方向运动，后2s物体沿正方向运动，故A错误；B因图象的斜率不变，故物体的加速度保持不变，方向沿正方向，与初速度方向相反，故B错误；CD4s内图象与时间轴围成的面积为零，故4s内物体的位移为零，即4s末物体回到出发点，4s内通过的路程为故C错误，D正确；6.汽车沿平直公路做加速度为0.5m/s2匀加速运动，那么在任意1s
6、内：（ ）A. 汽车的末速度一定等于初速度的0.5倍B. 汽车的初速度一定比前1s内的末速度大0.5m/sC. 汽车的末速度比前1s内的初速度大0.5m/sD. 汽车的末速度一定比初速度大0.5m/s【答案】D【解析】【详解】汽车沿平直公路做加速度为0.5m/s2的匀加速运动，根据v =at 可知在任一秒内，汽车的末速度比初速度大0.5m/s，不一定是0.5倍，故A错误；汽车的这一秒初和前一秒末是同一个时刻，速度相等，故B错误；某时刻末比前1s初相差2s，则末速度比前1s内的初速度大1m/s，选项C错误；汽车沿平直公路做加速度为0.5m/s2的匀加速运动，根据v =at可知在任一秒内，由公式可
7、知汽车的末速度一定比初速度大0.5m/s，所以汽车每秒钟内速度变化0.5m/s，故D正确。故选D。7.一个物体从高h处自由落下，其时间达到落地时间一半时，下落的高度为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】设石块下落的时间为t，则：解得：A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论相符，选项B正确；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；二、填空题 （每空3分，共计30分）8.匀速直线运动的s-t图象中的_可表示质点运动的快慢，_越大，质点运动的速度也越大。【答案】 (1). 斜率， (2). 斜率【解析】【详解】匀速直线运动s-t图象中斜率表示速度的大小，则直线的斜
8、率可表示质点运动的快慢，斜率越大，质点运动的速度也越大。9.某物体作直线运动的速度时间图像如图所示，根据图像回答：（1）物体在OA段作_运动，加速度为_m/s2，在AB段作_运动，加速度是_m/s2。（2）物体在2s末的速度是_ m/s。（3）在此过程中，物体的最大位移是_ m。【答案】 (1). 匀加速直线 (2). 1 (3). 匀减速直线 (4). -2 (5). 2 (6). 12【解析】【详解】（1）根据图像可知，OA段斜率不变，所以加速度不变，速度的绝对值增大，是匀加速直线运动，加速度为：；AB段斜率不变，速度的绝对值减小，所以做的是匀减速直线运动，加速度是：；（2）根据OA段可知
9、，第2s末速度：；（3）图像与时间轴围成的面积代表位移，所以6s内位移最大：；10.如图为物体运动时打点计时器打出的一条纸带，图中相邻的点间还有四个点，已知打点计时器接交流50HZ的电源，则ab段的平均速度为 _m/s，ae段的平均速度为 _ m/s。【答案】 (1). 0.84， (2). 2.19【解析】【详解】因为每相邻两计数点间还有4个打点，所以相邻计数点之间的时间间隔为0.1s记数点ab对应的时间间隔内小车的平均速度大小为记数点ae对应时间间隔内小车的平均速度大小为三、解答题：11.某运动员在百米跑道上以8m/s的速度跑了80m，然后又以2m/s的速度走了20m，这个运动员通过这段路
10、的平均速度是多少？【答案】 【解析】以8 m/s的速度跑了80 m，所用的时间为t1=s以2 m/s的速度走了20 m，所用的时间为t2=10 s跑完百米所用时间为t=t1+t2=20 s平均速度m/s12.航空母舰上的飞机弹射系统可以减短战机起跑的位移，假设弹射系统对战机作用了0.1s时间后，可以使战机达到一定的初速度，然后战机在甲板上起跑，加速度为2m/s2，经过10s，达到起飞的速度50m/s的要求，则战机离开弹射系统瞬间的速度是多少？弹射系统所提供的加速度是多少？【答案】战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s，弹射系统所提供的加速度是300m/s2【解析】解：设战机离开弹射系统瞬间的速度是0，弹射系统所提供的加速度为a1，以0的方向为正方向，则由t=0+at得0=tat=（50210）m/s=30m/s弹射系统所提供的加速度为：方向与正方向相同即战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s，弹射系统所提供的加速度是300m/s2考点：匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿第二定律专题：计算题分析：飞机的加速过程分为两个过程，在弹射器推动下的加速和在自身动力作用下的加速；对第二个加速过程根据速度时间公式即可以求出弹射的末速度，再对第一个加速过程由速度时间公式求出弹射的加速度点评：本题关键要分析清楚飞机的两个加速过程，特别是在弹射器推动下的加速过程，由于时间很短，容易忽略
