1、14下列有关物理学方法的说法中正确的是( )A在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法B“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时电场力就要做功”，用的是控制变量法C在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法D加速度、电场强度、电势都是采用比值法定义的物理量15如图2所示，两带正电荷的小球A、B连在绝缘细绳上并悬挂于天花板上的O点，若将此系统放入水平向右的匀强电场中，系统静止时的形状如图所示(O、A、B三点一线)，则A、B两球的质量，电量之
2、间的关系是( )A. B. C. D. 16. 如图所示，在一圆环（图甲）里加一变化的磁场，使线圈的磁通量变化如图乙所示，不计线圈的电阻，将线圈两端接在图丙中理想变压器的原线圈两端，滑动变阻器的滑片放在变阻器的中点，电压表的示数为10V，则下列说法正确的是（ ）A圆环的输出电压的有效值B变压器原副线圈匝数比为5：1C滑动变阻器的滑片向上滑动时电流表的示数变大D滑动变阻器的滑片向上滑动时电压表的示数变大Ea2ab4bv2v117静止在匀强电场中的碳14原子核，某时刻放射的某种粒子与反冲核的初速度方向均与电场方向垂直，且经过相等的时间后形成的轨迹如图所示（a、b表示长度）。那么碳14的核反应方程可
3、能是( ) A B C D18一质量为m的物体在竖直向上的拉力F作用下沿竖直方向向上运动，运动过程中物体的动能与位移的关系如图所示，其中0x1为一曲线，x1x2为一与横轴平行的直线，x2x3为一倾斜直线，不计空气阻力，关于物体在这段位移内的运动，下列说法正确的是( )A0x1过程中拉力F逐渐增大Bx1x2过程中物体的重力势能可能不变Cx2x3过程中拉力F为恒力D0x3过程中物体的机械能增加19如图所示，在水平面内有两个光滑金属“V”字型导轨，空间中存在垂直于水平面的匀强磁场，其中导轨bac固定不动，用外力F使导轨edf向右匀速运动，导轨间接触始终良好，从图示位置开始计时，下列关于回路中的电流I
4、的大小和外力F的大小随时间的变化关系正确的是( )20. 在如图8所示倾角为的光滑斜面上，存在着磁感应强度大小均为B的匀强磁场，磁场方向垂直斜面向上，磁场的宽度均为2L.一质量为m、电阻为R、边长为L的正方形导体线圈，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场时，恰好做匀速直线运动（以此时开始计时），以GH处为坐标原点，取如图坐标轴x，并规定顺时针方向为感应电流的正方向，沿斜面向上为安培力的正方向，则关于线框中的感应电流与线框所受安培力与GH边的位置坐标x间的以下图线中，可能正确的是(重力加速度为g) （ ）21. 如图所示，弧形轨道置于足够长的水平轨道上，弧形轨道与水平轨道平滑连接，水
5、平轨道上静置一小球B和C。小球A从弧形轨道上离地高h处由静止释放，小球A沿轨道下滑后与小球B发生弹性正碰，碰后小球A被弹回，B球与C球碰撞后粘在一起，A球弹回后再从弧形轨道上滚下，已知所有接触面均光滑，A、C两球的质量相等，B球的质量A球质量的2倍，如果让小球A从h=0.2m处由静止释放，则下列说法正确的是（ ）（重力加速度为g=10m/s2）AA球h处由静止释放则最后不会与B球再相碰 BA球h处由静止释放则最后会与B球再相碰CA球h=0.2m处由静止释放则C球的后速度为DA球h=0.2m处由静止释放则C球的后速度为22.（6分）某同学用圆锥摆粗略验证向心力的表达式，实验装置如图所示。细线下悬
6、挂一个钢球，上端固定在铁架台上，将画着几个同心圆的白纸置于水平桌面上，使钢球静止时正好位于圆心处，与白纸接触但无挤压。用手带动钢球，设法使它沿纸面上某个圆做圆周运动。（1）测得钢球质量m=0.200kg，转动的圆周半径为5.00cm，细线悬点与白纸上圆心的距离d=1.00m，当地重力加速度，通过以上数据，可以得到钢球运动的向心力_N（）；（2）用秒表测得圆锥摆运动50圈的总时间为，利用此数据可以得到钢球运动的向心力_N（保留二位有效数字）。在误差允许的范围内，可认为，证明向心力的表达式正确。（3）为了尽量减小误差，请提出至少一条改进建议：_。23.（9分）为探究一块多用电表欧姆100档的工作原
7、理及内部参数，设计了如下实验过程：（1）将多用电表档位旋钮拨到欧姆税100档，然后将两表笔短接，进行_；（2）按中所示，若将多用电表、电压表、电阻箱进行连接，与电压表的“+”接线柱相连接的是多用电表的_（填“红”或“黑”）表笔；（3）闭合电键K，调节电阻箱的阻值为，此时多用电表的指针指到刻度盘满偏的位置，可知，欧姆100档的内阻_；（4）断开电键K，调节电阻箱的阻值，利用电阻箱和电压表的读数以及多用表的指针偏转情况，可以得到多用表欧姆100档内部电源的电动势。（5）现用该多用表的电阻档分析只有一处发生断路故障的电路（电源已断开），如图所示。将多用表的两个表笔接在电路的不同部位，多用表的读数如表
8、格所示，可知断路故障一定为_。（填选项字母）两表笔位置接1、4接1、2接1、3接2、4多用表读数无穷大 无穷大无穷大A. 1、2间电阻断路 B. 2、3间导线断路 C. 3、4电阻断路24如图所示，半径分别为和（）的甲、乙两光滑圆轨道安置在同一竖直平面内，两轨道之间由一光滑水平轨道相连，在水平轨道上有一轻弹簧被、两个小球夹住，但不拴接。同时释放两小球，、恰好分别通过甲、乙圆轨道的最高点。（12分）试求：(1)小球通过圆轨道甲的最高点时的速度。(2)己知小球的质量为，求小球的质量。(3)若，且要求、都还能分别通过甲、乙圆轨道的最高点，则弹簧在释放前至少应具有多大的弹性势能？25. （20分）如图
9、所示，在直角坐标系xOy平面内有一矩形区域MNPQ，矩形区域内有水平向右的匀强电场，场强为E；在y0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的光滑绝缘空心半圆管ADO固定在坐标平面内，半圆管的一半处于电场中，圆心O1为MN的中点，直径AO垂直于水平虚线MN，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（重力不计）从半圆管的O点由静止释放，进入管内后从A点穿出恰能在磁场中做半径为R的匀速圆周运动，当粒子再次进入矩形区域MNPQ时立即撤去磁场，此后粒子恰好从QP的中点C离开电场。求（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）矩形区域的长度MN和宽度MQ应满足的条件？（3）粒子从A点运动到C点的时间。33
10、1物理选修33（15分）（1）（5分）关于温度，下列说法正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A温度是分子平均动能的标志，温度升高，则物体的每一个分子的动能都增大B同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律C.布朗运动反映了悬浮颗粒所在液体中的液体分子在不停地做规则热运动，液体温度越高，布朗运动越明显D一定质量的理想气体，温度升高，气体分子的平均动能增大，压强未必增大E温度越高，内部分子热运动较激烈，分子热运动的平均动能较大，物体的内能越大 （2）（10分）如图所示，亚铃状玻璃容器由两段粗管和一段细管连接
11、而成，容器竖直放置，容器粗管的截面积为S12cm2，细管的截面积S21cm2，开始时粗细管内水银长度分别为h1h22cm，整个细管长为4cm，封闭气体长度为L6 cm。大气压强为p076cmHg，气体初始温度为27。求：（1）若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应上升到多少？（2）若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中气体体积不变，封闭气体的温度应为多少？（1）（5分）图甲为某一列沿x轴传播的简谐横波在t=0.5s时刻的波形图，图乙为参与波动的质点M的振动图像，则下列说法正确的是( ) （填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分
12、）A该简谐横波的传播速度为4m/sB这列波的传播方向沿x正方向Ct=2.0s时M质点的振动速度小于Q质点的振动速度Dt=2.0s时P点的位移为0.2cmE. 从t=0时刻开始P点的振动方程为（2）（10分）如图所示，一束单色光以一定的入射角从A点射入玻璃球体，已知光线在玻璃球内经两次反射后，刚好能从A点折射回到空气中。已知入射角为450，玻璃球的半径为m，光在真空中传播的速度为3108m/s，求：（1）玻璃球的折射率及光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角。（2）光线从A点进入及第一次从A点射出时在玻璃球体运动的时间。答案14 D 15 A 16、答案：B解析：线圈输出电压的
13、最大值为，因此输出电压有有效值为50V，A项错误；由于电压表的示数为10V，因此原创线圈的匝数比为5：1，B项正确；滑动变阻器的滑片向上滑动时电压表的示数不变，D项错误，滑动变阻器的滑片向上滑动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，因此电流表的示数变小，C项错误。17 A 18 CD 19 AD20、【答案】BD【解析】由于ab边向下运动，由右手定则可以判断出，线框在进入磁场时，其感应电流的方向为adcb，沿顺时针方向，故在图像中，0L的这段距离内，电流是正的，由于做匀速直线运动，所以安培力等于沿斜面向下重力的分力，感应电流恒定不变；线框完全进入磁场后，穿过线框的磁通量没有变化，故其感应电流为0；当
14、线框的ab边从磁场的下边出来时，由于其速度要比ab边刚入磁场时的速度大，故其感应电流要比I0大，感应电流的方向与ab边刚入磁场时相反；由于ab边穿出磁场时其速度较大，产生的感应电流较大，且其电流与线框的速度成正比，即线框受到的安培力与线框的速度也成正比，与刚入磁场时线框受到的平衡力做对比，发现线框受到的合外力方向是向上的，即阻碍线框的下落，且合外力是变化的，故线框做的是变减速直线运动，产生的电流也是非均匀变化的，就整体而言，线框穿出磁场时的动能要大于穿入磁场时的动能，故穿出时的电流要大于I0，所以故A错误，B正确；由楞次定律可知安培力总是阻碍线框相对磁场运动方向，所以C错误，D是正确的。21、
15、答案：AD解析：设A与B相碰前的速度为v0，A与B发生弹性碰撞，则 解得 B与C发生的是完全非弹性碰撞，因此 求得 即v1小于v3，因此A球不可能再与B球相碰。所以A正确，B错误；因为 ， 求得，所以D正确，C错误。22. （1）0.098 （2分） （2） 0.10 （2分）（3）测出小球的直径；换用半径更小的球；换用更好的刚性细线；换用质量更小的细线；换用密度更大的小球等（2分，只要建议合理均给分）23（1）欧姆调零（2分） （2）黑（2分） （3）1500（3分） （5）B（2分）24、24【答案】(1) (2) (3)【解析】(1)小球a通过圆轨道甲的最高点时，由：得：(2)小球b通过
16、圆轨道乙的最高点时，由：得：，设两小球离开弹簧瞬间的速度分别为,由机械能守恒定律有：、，解得：，又由动量守恒定律有：，解得：(3)当ma=mb=m时，Va=Vb，又由(1)(2)知，小球a能通过圆轨道甲的最高点。在刚离开弹簧时的速度条件为：，故弹簧释放前至少具有的弹簧势能为：25、答案：（1）（2）MN ，宽度MQ （3）解析：（1）粒子从O到A过程中由动能定理得 从A点穿出后做匀速圆周运动， 解得 （2）粒子再次进入矩形区域后做类平抛运动，由题意得 联立解得 所以，矩形区域的长度MN ，宽度MQ= （3）粒子从A点到矩形边界MN的过程中， 从矩形边界MN到C点的过程中， 故所求时间 331物
17、理选修33（15分）（1）解析：温度升高，分子平均动能增大，但是不表示每一个分子的动能都增加，有可能减小，只说明整体的分子平均动能增大，A错误；根据麦克斯韦统计规律可得B正确；布朗运动反映了悬浮颗粒所在液体中液体分子在不停地做规则热运动，液体温度越高，布朗运动越明显，选项C正确；若一定质量的理想气体的体积增大，分子密度减小，压强可能减小，选项D正确；E温度是分子的平均动能的标志，温度高的物体，内部分子热运动较激烈，分子热运动的平均动能较大，而物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和，不知道物体的分子势能，故无法判断物体内能的大小，故E错误答案：BCD（2）解析：（1）开始时气体的压
18、强为，体积为，温度,（1分）水银全面离开下面的粗管时，设水银进入上面的粗管中的高度为h3，则 求得，管中气体的压强为管中气体体积为 （1分）由理想气体状态方程（2分）得 （2分）（2）再倒入同体积的水银，管里气体的体积不变，则管里气体的压强为，由气体发生的是等容变化则 （2分）求得（2分）341物理选修34（1）ABE 解析：根据图像可知，T=1s，=4m，v=4m/s，A正确；t=0.5s时，M点在平衡位置向上振动，根据波动与振动的关系可以判断，波沿x轴正向传播，B项正确；t=2s时，M点在平衡位置，Q点不在平衡位置，因此M点振动速度大于Q点的振动速度，C项错误；t=2.0s时P点在波谷，位移为-0.2cm，D项错误；t=0时刻，P点在波谷，因此它的振动程为，E项正确。（2）解析：（1）作出光路图，由对称性及光路可逆可知，第一次折射的折射角为300，则折射率公式可知（2分）由几何关系可知，光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角（2分）（2）光线从A点进入及第一次从A点射出时的玻璃球中运动的距离为（2分）在玻璃中运动的速度为（2分）运动时间（2分）
