1、选择题押题练3一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一项符合题目要求。1有关物理学史，以下说法正确的是()A伽利略首创了将实验和逻辑推理相结合的物理学研究方法B卡文迪许通过库仑扭秤实验总结出点电荷相互作用规律C法拉第不仅发现了电磁感应现象，而且还总结出了电磁感应定律D开普勒在天文观测数据的基础上，总结出行星运动的规律并发现了万有引力定律解析：伽利略首创了将实验和逻辑推理相结合的物理学研究方法，选项A正确；库仑通过库仑扭秤实验总结出点电荷相互作用规律，选项B错误；法拉第发现了电磁感应现象，但没有总结出电磁感应定律，故C错误；开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的
2、规律，牛顿发现了万有引力定律，选项D错误。答案：A2A、B是两种放射性元素的原子核，原来都静止在同一匀强磁场，其中一个放出粒子，另一个放出粒子，运动方向都与磁场方向垂直。图中a、b与c、d分别表示各粒子的运动轨迹，下列说法中正确的是()A磁场方向一定垂直纸面向里BA放出的是粒子，B放出的是粒子Ca为粒子运动轨迹，d为粒子运动轨迹Da轨迹中粒子比b轨迹中的粒子动量大解析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，磁场方向不同，粒子旋转的方向相反，由于粒子和粒子的速度方向未知，不能判断磁场的方向，故A错误；放射性元素放出粒子时，粒子与反冲核的速度相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹
3、应为外切圆，而放射性元素放出粒子时，粒子与反冲核的速度相反，而电性相反，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相同，两个粒子的轨迹应为内切圆，故B放出的是粒子，A放出的是粒子，故B正确；根据带电粒子在磁场中运动的半径公式可得R，其中发出的粒子与反冲核的动量相等，而反冲核的电荷量大，故轨迹半径小，故b为粒子运动轨迹，c为粒子运动轨迹，故C错误；根据动量守恒定律可知a轨迹中粒子和b轨迹中的粒子动量大小相等，故D错误。答案：B3如图所示，一光滑小球静置在半圆柱体上，被一垂直于圆柱面的挡板挡住，设挡板跟圆心连线与底面的夹角为，小球的半径忽略不计。现缓慢减小，则小球在移动过程中，挡板对小球的支持力F1、半圆柱体对
4、小球的支持力F2的变化情况是()AF1增大，F2减小BF1增大，F2增大CF1减小，F2减小 DF1减小，F2增大解析：对小球进行受力分析如图所示，根据几何关系可得F1Fymgcos ，F2Fxmgsin ，因此，当减小时，F1增大，F2减小，故A正确，B、C、D错误。答案：A4某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为某带电烟尘颗粒(重力不计)的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点，C点与B点关于放电极对称。下列说法正确的是 ()AA点电势低于B点电势BA点电场强度小于C点电场强度C烟尘颗粒在A点的动能大于在B点的动能D烟尘颗粒在A点的
5、电势能小于在B点的电势能解析：由沿电场线方向电势降低可知，A点电势低于B点电势，故A正确；由图可知，A点处电场线比C点处密集，因此A点场强大于C点场强，故B错误；烟尘颗粒带负电，从A到B的过程中，电场力做正功，动能增加，烟尘颗粒在A点的动能小于在B点的动能，故C错误；烟尘颗粒带负电，从A到B的过程中，电场力做正功，电势能减小，烟尘颗粒在A点的电势能大于在B点的电势能，故D错误。答案：A5.如图所示，将金属块用压缩的轻弹簧卡在一个箱子中，上顶板和下底板装有压力传感器。当箱子随电梯以a4.0 m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时，上顶板的传感器显示的压力为4.0 N，下底板的传感器显示的压力为1
6、0.0 N。取g10 m/s2，若下底板示数不变，上顶板示数是下底板示数的一半，则电梯的运动状态可能是()A匀加速上升，a5 m/s2B匀加速下降，a5 m/s2C匀速上升D静止状态解析：当箱子随电梯以a4.0 m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时，对金属块受力分析，由牛顿第二定律知FN上mgFN下ma，解得m1 kg，若上顶板传感器的示数是下底板传感器的示数的一半，由于下底板传感器示数不变，仍为10 N，则上顶板传感器的示数是5 N，对金属块，由牛顿第二定律知FN上mgFN下ma，解得a5 m/s2，方向向下，故电梯以5 m/s2的加速度匀加速下降，或以5 m/s2的加速度匀减速上升，故选
7、项B正确，A、C、D错误。答案：B6如图所示，卫星甲、乙分别绕质量为M和2M的星球做匀速圆周运动，且它们的环绕半径相同。设甲、乙的运行周期分别为T甲和T乙，甲、乙的线速度分别为v甲和v乙，则()AT甲T乙，v甲v乙 BT甲T乙，v甲v乙CT甲v乙 DT甲T乙，v甲v乙解析：万有引力提供向心力Gm，解得v ，两卫星绕行半径相同，甲卫星的中心天体质量小，线速度小，即v甲T乙。故A、C、D错误，B正确。答案：B72019年7月1日，被誉为“疆电东送”高速通道的1 100千伏“新疆淮东安徽皖南”特高压直流工程正式投运，它是目前世界上电压等级最高、送电距离最远的特高压直流输电工程。在输送功率不变的情况下
8、，和试投运电压550千伏相比的优点是()A可节省输电线的材料B可根据需要调节交流电的频率C输电速度是试投运时速度的2倍D因输电线上的电阻而损失的电功率减少到试投运的25%解析：高压输电不能节省输电线的材料，故A错误；特高压直流输电不可以调节交流电的频率，故B错误；特高压直流输电不会改变输电速度，故C错误；根据PUI得，高压输电电压升为试投运电压的2倍时，输电电流变为原来的，根据P损I2R可知输电线上的功率损失为试投运功率损失的25%，故D正确。答案：D二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.物理课上
9、老师做了这样一个实验，将一平整且厚度均匀的铜板固定在绝缘支架上，将一质量为m的永磁体放置在铜板的上端，t0时刻给永磁体一沿斜面向下的瞬时冲量，永磁体将沿斜面向下运动，如图所示。若永磁体下滑过程中所受的摩擦力f大小不变，且fmgsin (式中为铜板与水平面的夹角)。取地面为重力势能的零势面，则选项图中关于永磁体下滑过程中速率v、动能Ek、重力势能Ep、机械能E随时间t变化的图像正确的是()解析：永磁体下滑时由于涡流的产生会有阻尼作用，且随速度的增大而增大，又所受的摩擦阻力不变，则由mgsin ff阻尼ma可知，随着永磁体的加速下滑，阻尼作用增大，则加速度逐渐减小，vt图线的斜率减小，选项A正确；
10、若开始下落时小磁铁满足mgsin f f阻尼0，则永磁体匀速下滑，此后动能不变，选项B正确；永磁体下滑时重力势能逐渐减小，但是不会趋近与某一定值，选项C错误；永磁体下滑过程中，由于有电能产生，则机械能逐渐减小，选项D正确。答案：ABD9如图甲所示，两条足够长、电阻不计的平行导轨放在同一水平面内，相距l1 m。磁感应强度B1 T的范围足够大的匀强磁场垂直导轨平面向下。两根质量均为m1 kg、导轨间电阻均为r0.5 的导体杆a、b与两导轨垂直放置且接触良好，开始时两杆均静止。已知a杆与导轨间的动摩擦因数10.15，b杆与导轨间的动摩擦因数20.1。现对b杆加一与杆垂直且大小随时间按图乙规律变化的水
11、平外力F，在t1时刻，a杆开始运动。假设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小，重力加速度g取10 m/s2，则下列说法正确的是()A当a杆开始运动时，b杆的速度大小为1.6 m/sB当a杆开始运动时，b杆的加速度为零C两杆最终以不同的速度做匀速直线运动D在t1t2时间内安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热解析：tt1时，a杆开始运动，此时回路中的电流I1，a杆受到的安培力大小FABI1l1mg，可得v11.5 m/s，故A错误；tt1时，外力大小为F22.5 N，对b杆有F2FA2mgma，可得a0，故B正确；tt2后，外力大小F2.5 N，又1mg2mg2.5 N，可知最终两杆
12、受到安培力的大小均为FA1mg，两杆以不同的速度做匀速直线运动，故C正确；在t1t2时间内，由功能关系可知，安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热，故D正确。答案：BCD10如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，能上升的最大高度为(不计空气阻力)，则()A小球和小车组成的系统动量守恒B小车向左运动的最大距离为RC小球离开小车后做斜上抛运动D小球落回B点后一定能从A点冲出解析：小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，水平方向系统动量守恒，但由于小球有向心
13、加速度，系统竖直方向的合外力不为零，所以系统动量不守恒，故A错误；设小车向左运动的最大距离为x，以向右为正方向，在水平方向由动量守恒定律得mvmv0，即得mm0，解得xR，故B正确；小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，则知小球由B点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度均为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；小球第一次从静止开始上升到空中最高点的过程，由动能定理得mg(h)Wf0，Wf为小球克服摩擦力做功大小，解得Wfmgh，即小球第一次在车中运动损失的机械能为mgh，由于小球第二次在车中运动时，对应位置处速度变小，因此小车对小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于mgh，机械能损失小于mgh，因此小球从B点落回后一定能从A点冲出，故D正确。答案：BD
