1、一、单选题 （84=32 ） 1使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开下列四个图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（ ） A B C D【答案】B考点：静电感应【名师点睛】本题考查静电感应的问题，要知道静电感应问题要根据电荷间的相互作用规律，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。2质量为m1、m2的小球分别带同种电荷q1和q2，它们用等长的细线吊在同一点O，由于静电斥力的作用，使m1球靠在竖直光滑墙上，m1球的拉线l1呈竖直方向，使m2球的拉线l2与竖直方向成角，m1、m2均处于静止，如图所示由于某种原因，m2球的带电量q2逐渐减少，于是两球拉线之间夹角也逐渐小直到零
2、在角逐渐减小的过程中，关于l1、l2中的张力FT1、FT2的变化是（ ） AFT1不变，FT2不变BFT1不变，FT2变小CFT1变小，FT2变小DFT1变小，FT2不变【答案】D【解析】试题分析：小球B的受力情况如图所示，重力m2g、悬线张力FT、库仑斥力F，这三个力的合力为0.因此这三个力构成封闭的力的三角形，且正好与几何三角形OAB相似，有：因为OAOB，所以FT2m2g.即FT2与无关，由于库仑力的减小，导致B球受到A球的库仑力大小减小，且方向趋于水平，则有FT1变小因此D正确，ABC错误故选D. 考点：物体的平衡1111【名师点睛】本题从小球的受力分析出发寻求正确的答案，采用三角形相
3、似法处理，比较简单，也可以运用函数法研究。3在匀强电场中，将一质量为m，电荷量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为，如图所示，则匀强电场的电场强度大小为（ ） A若大小为则为最大值 B若大小为则为最小值C若大小为则是唯一的 D若大小为则是唯一的【答案】C考点：电场强度；力的分解 1【名师点睛】本题采用作图法分析场强取得最小值的条件，也可以采用函数法分析电场力与的关系，确定最小值的条件.4两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连续的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，如图所示，关于电子的运动，下列说法正确的是（ ） A电子在从a向O运动的
4、过程中，加速度越来越大，速度越来越大B电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C电子运动到O时，加速度为零，速度最大D电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零【答案】C考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析。5如图所示，虚线a，b，c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P，R，Q是这条轨迹上的三点，由此可知（ ） A带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B带电粒子在P点时的电势能比在
5、Q点时的电势能大C带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小【答案】A111.Com考点：带电粒子在电场中的运动；牛顿第二定律【名师点睛】该类题目中，首先根据轨迹弯曲的方向判断出粒子受力的方向是解题的关键根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法。16如图所示为一空腔球形导体（不带电），现在将一个带正电的小金属球A放入空腔中，当静电平衡时，图中A，B，C三点的场强E和电势的关系是（ ） AEaEbEc、abc BEa=Eb
6、Ec、a=bc 111CEa=Eb=Ec、a=b=cDEaEcEb、abc 【答案】D【解析】试题分析：画出空腔导体内外的电场线分布，可以看出Eb0，但b0，由内向外电势依次降低，abc；由电场线疏密可看出EaEcEb.处于静电平衡的导体内部场强处处为零，导体是一个等势体，但电势并不一定为零故选D. 考点：静电平衡【名师点睛】本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断。7关于电源的电动势，下列说法中不正确的是（ ）A电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B电源就是产生电荷的装置C电源的电动势在数值上等于电源在搬运单位电荷时非静电力所做的
7、功D电源的电动势由电源自身决定，与外电路的组成无关【答案】B考点：电源的电动势【名师点睛】此题考查对电源及电动势的理解；关键是知道电源是把其他形式的能转变为电能的装置，电动势的大小反映电源将其他形式的能转化为电能的本领，数值上等于将单位电荷从负极移到正极时非静电力所做的功。8铜的摩尔质量为m，密度为，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动速率为（ ）A光速cBCD【答案】D【解析】试题分析：假设电子定向移动的速率为v，那么在t时间内通过导体横截面的自由电子数相当于在体积vtS中的自由电子数，而体积为vtS的铜的质量为vtS，摩尔数为，所以电
8、量，于是得：，故选D.考点：电流强度【名师点睛】本题关键是建立物理模型，根据电流的定义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁。二、多选题 （44=16 ） 9（多选）如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变则下列说法正确的是（ ） A电容器的电容变小B电容器内部电场强度大小变大111C电容器内部电场强度大小不变DP点电势升高【答案】ACD考点：电容器；电场强度；电势能 1【名师点睛】做好电容器的题目要把电容的定义式、决定式和场强的推导式UEd结合应用；要记住一个结论：
9、当电容器带电量一定时两版间的场强与两板间距无关.10. （多选）如图，A板的电势UA=0，B板的电势UB随时间的变化规律如图所示电子只受电场力的作用，且初速度为零，则（ ）A若电子在t=0时刻进入的，它将一直向B板运动B 若电子在t=0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C 若电子在时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D 若电子是在时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动【答案】ACD考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】因极板间加交变电场，故粒子的受力是周期性变化的，本题应通过受力情况先确定粒子的运动情况根据位移情况判断电子能否打在B板
10、上。111（多选）如图所示，氕、氘、氚的原子核自初速度为零经同一电场加速后，又经同一匀强电场偏转，最后打在荧光屏上，那么（ ） A经过加速电场的过程中，静电力对氚核做的功最多B经过偏转电场的过程中，静电力对三种核做的功一样多C三种原子核打在屏上的速度一样大D三种原子核都打在屏的同一位置上【答案】BD考点：带电粒子在电场中的加速及偏转【名师点睛】解决本题的关键知道带电粒子在加速电场和偏转电场中的运动情况，知道从静止开始经过同一加速电场加速，垂直打入偏转电场，运动轨迹相同做选择题时，这个结论可直接运用，节省时间。12将分压电阻串联在电流表上，改装成电压表，下列说法中正确的是（ ）A接上分压电阻后，
11、增大了原电流表的满偏电压B接上分压电阻后，电压按一定比例分配在电流表和分压电阻上，电流表的满偏电压不变C如分压电阻是表头内阻的n倍，则电压表量程扩大到n倍D通电时，通过电流表和分压电阻的电流一定相等【答案】BD【解析】试题分析：电流表改装成电压表后，电压按一定比例分配在电流表和分压电阻上，电流表的满偏电压并不改变，并且电流表和分压电阻是串联关系，通过的电流一定相等，故选项A错误，选项BD正确如分压电阻是表头内阻的n倍，则电压表量程扩大到（n1）倍，故选项C错误故选BD.考点：电表的改装【名师点睛】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理，即在电流计上串联分压电阻即可得到大量程的电压表；应用
12、串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。三、实验题 （27=14 ） 13有一个量程为0.5 A的电流表，与阻值为1 的电阻并联后通入0.6 A的电流，电流表的示数为0.4 A，若将该电流表的量程扩大为5 A，则应_联一个阻值为_ 的电阻（保留两位有效数字）【答案】并 ；0.056考点：电表的改装【名师点睛】本题考查了电表的改装，知道电表的改装原理，改装成电压表是在电流计上串联分压电阻即可得到大量程的电压表；改装成电流表要在电流计上并联分流电阻，应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。14在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，使用的小灯泡规格为“6V 3 W”，其他可供选择的器材有：电压表V1（量
13、程6V，内阻约为20k）电压表V2（量程20V，内阻约为60k）电流表A1（量程3A，内阻约为0.2）电流表A2（量程0.6A，内阻约为1）变阻器R1（01000，允许通过的最大电流为0.5A）变阻器R2（020，允许通过的最大电流为2A）学生电源E（68V）开关S及导线若干（1）实验中要求电压表在06V范围内读取并记录下12组左右不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出伏安特性曲线，在上述器材中，电流表应选用_，电压表应选_，变阻器应选用_。（2）下列实验电路设计合适的是（ ）按照选定的电路，在开始实验前滑动变阻器移动到_（填A或B）位置。【答案】（1）A2；V1；R2（2）D A（2）电流
14、表外接，滑动变阻器分压方式，故实验电路设计合适的是D；按照选定的电路，在开始实验前滑动变阻器移动到A位置；考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线【名师点睛】此题考查了描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验；关键是搞清试验的原理；注意电表选择的原则是：安全、准确、方便；要想取得多组数据，滑动变阻器应选用分压解法.1四、计算题 （10+12+12+14=48 ） 15如图所示，光滑斜面倾角为37，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度 （2）物块运动的加速度（3）沿斜面下滑距离为
15、L时物块的速度（sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2）【答案】（1） （2）3 m/s2，方向沿斜面向下（3） 【解析】试题分析： （1）对小物块受力分析如图所示，物块静止于斜面上，则mgsin 37qEcos 37，解得：. （2）当场强变为原来的时，小物块所受的合外力F合mgsin 37qEcos 37mgsin 37.又F合ma，所以a3 m/s2，方向沿斜面向下（3）由动能定理得F合lmv20所以mgsin 37lmv2，所以v.考点：物体的平衡；动能定理【名师点睛】此题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题
16、三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可。16一个带正电的粒子，从A点射入水平方向的匀强电场中，粒子沿直线AB运动，如图8所示已知AB与电场线夹角30，带电粒子的质量m1.0107kg，电荷量q1.01010C，A，B相距L20 cm.（取g10 m/s2，结果保留两位有效数字）求：（1）粒子在电场中运动的性质，要求说明理由；1111（2）电场强度的大小和方向；（3）要使粒子能从A点运动到B点，粒子射入电场时的最小速度是多大。【答案】（1）粒子做匀减速运动（2）1.7104N/C，方向水平向左（3）2.8 m/s.（2）由图可得：，代入数据解得：E1.7104N/C，方向水平向左
17、 （3）当粒子运动到B点时的速度vB0时，粒子射入电场时的速度最小，由动能定理得mgLsinqELcosmvA2代入数据，解得vA2.8 m/s.1111考点：动能定理【名师点睛】此题是对动能定理及直线运动的条件的考查；解题时要明确作直线运动的条件：物体所受的合外力方向与初速度方向相反；灵活运用动能定理列方程解答.17如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连，它的极板长L0.4 m，两板间距离d4103m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v0从两板中央平行极板射入，开关S闭合前，两板不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒质量为m4105kg，电荷量q1108
18、C（g10 m/s2）则： （1）微粒入射速度v0为多少？（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的正极还是负极相连？电源的电压U应取什么范围？1111【答案】（1）10 m/s （2）与电源负极相连 120 VU200 V（2）电容器的上板应与电源的负极相连当所加的电压为U1时，微粒恰好从下板的右边缘射出，解得：U1120 V当所加的电压为U2时，微粒恰好从上板的右边缘射出，111解得：U2200 V.所以电源的电压U的取值范围为：120 VU200 V.考点：带电粒子在电场中的偏转【名师点睛】解得此类问题，首先要正确的对带电粒子在这两种情况下进行正确的受力分析，确
19、定粒子的运动类型解决带电粒子垂直射入电场的类型的题，应用平抛运动的规律进行求解此类型的题要注意是否要考虑带电粒子的重力，原则是：除有说明或暗示外，对基本粒子（例如电子，质子、粒子、离子等），一般不考虑重力；对带点微粒，（如液滴、油滴、小球、尘埃等），一般要考虑重力. 18如图所示，ABCD为竖立放在场强为E104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道上的一点，而且ABR0.2 m把一质量m0.1 kg、带电量q104C的小球，放在水平轨道的A点由静止开始释放后，在轨道的内侧运动（g取10 m/s2）求：（1）它到达
20、C点时的速度是多大？（2）若让小球安全通过D点，开始释放点离B点至少多远？（3）若能通过最高点，从A运动到D的过程中，在何处有最大动能？最大动能为多少？ 【答案】（1）2 m/s ；（2）0.5 m； （3）0.2J（2）在D点，小球要安全通过必有 设释放点距B点的距离为x，由动能定理得：Eqxmg2RmvD2以上两式联立可得x0.5 m.（3）因为Eq=mg=1N，故电场力与重力的合力方向与水平方向夹角为450斜向下，大小为小球经过BC弧中点位置时的速度最大，根据动能定理解得：Ekm=0.2J考点：动能定理、牛顿第二定律【名师点睛】对与圆周运动结合的题目，一般要用到动能定理、牛顿第二定律以及速度最大或最小的临界条件，应记住在复合场中速度最大即等效“最低点”是物体能够平衡的位置，速度最小（等效最高点）位置则是最低点关于圆心的对称点.
