1、四川省泸县第五中学2019-2020学年高二物理下学期第四学月考试试题（含解析）第I卷 选择题一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1-6题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错选得0分。）1.下列关于热辐射和黑体辐射说法不正确的是（）A. 一切物体都在辐射电磁波B. 随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动C. 黑体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波D. 一般物体辐射电磁波的情况只与温度有关【答案】D【解析】【详解】A根据黑体辐射理论可知，一切物体都在辐射电磁波，故A正确；B根据黑体辐射规律可知，随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故B
2、正确；C能100%地吸收入射到其表面的电磁辐射，这样的物体称为黑体，故C正确；D物体辐射电磁波的情况不仅与温度有关，还与其它因素有关，比如物体的形状，故D错误。本题选不正确的，故选D。2.如图所示，圆环a和b的半径之比为R1:R2=2:1，且都是由粗细相同的同种材料制成，连接两环的导线电阻不计，匀强磁场的磁感应强度始终以恒定的变化率变化，那么当只有a环置于磁场中与只有b环置于磁场中两种情况下，A、B两点的电势差之比为( ) A. 1:1B. 2:1C. 3:1D. 4:1【答案】B【解析】a环与b环的半径之比为2：1，故周长之比为2：1，面积之比是4：1，根据电阻定律，电阻之比为2：1；A、B
3、两点间电势差大小为路端电压，为，磁感应强度变化率恒定的变化磁场，故根据法拉第电磁感应定律公式，得到两次电动势的大小之比为4：1；故两次的路段电压之比为，B正确【点睛】需要注意的是线圈相当于一个电源，AB间的电势差不等于电动势而等于路端电压3.如图所示，A、B、C、D是四个相同的白炽灯，都处于正常发光状态，则图中ab、cd两端电压U1与U2之比是：（ ）A. 31B. 41C. 32D. 21【答案】A【解析】【详解】原副线圈的电流之比为：则，则，则 U原=3U灯因U1=U灯+U原=4U灯， 则故B正确，ACD错误；故选B4.如图为理想变压器原线圈所接交流电压的波形，原、副线圈匝数比n1：n21
4、0：1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下列说法错误的是（）A. 变压器输出端所接电压表的示数为20VB. 变压器的输出功率为200WC. 变压器输出端的交流电的频率为50HzD. 穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为Wb/s【答案】A【解析】【详解】A由乙图知输入电压有效值根据变压器输出端所接电压表的示数为20V，A错误；B根据副线圈的电流副线圈消耗功率即变压器输出功率为200W，B正确；C由乙图知交流电的周期为0.02s，根据解得 输出端的交流电的频率和输入端的频率相等50Hz，C正确；D根据可得 所以穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为D正确。故选A。5.是一种半衰期为5730
5、年的放射性同位素，若考古工作者探测到某古木中的含量为原来的，则该古树死亡的时间距今大约()A. 22920年B. 2856年C. 5730年D. 11460年【答案】D【解析】【详解】根据放射性元素的半衰期公式可知 ，解得年，故D项正确，ABC项错误故选D6.宇航员在某星球表面做了如图甲所示的实验，将一插有风帆的滑块放置在倾角为的粗糙斜面上由静止开始下滑，帆在星球表面受到的空气阻力与滑块下滑的速度成正比，即F=kv，k为已知常数宇航员通过传感器测量得到滑块下滑的加速度a与速度v的关系图象如图乙所示，已知图中直线在纵轴与横轴的截距分别为a0、v0，滑块与足够长斜面间的动摩擦因数为，星球的半径为R
6、，引力常量为G，忽略星球自转的影响，由上述条件可判断出A. 滑块的质量为B. 星球的密度为C. 星球的第一宇宙速度D. 该星球近地卫星的周期为【答案】B【解析】【详解】带风帆的滑块在斜面上受到重力、支持力、摩擦力和空气阻力的作用，沿斜面方向，由牛顿第二定律得：，而，联立可解得：，由题意知：，即滑块的质量为：，星球的表面重力加速度为：，根据：和可得星球的密度为：；根据：可得星球的第一宇宙速度为：；根据：可得该星球近地卫星的周期为：，故选项B正确，ACD错误7.如图所示,在倾角为e =30的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A、B.它们 的质量均为m,弹簧的劲度系数为k ,C为一固定挡板,系统
7、处于静止状态现用外力F(恒为 2mg)沿斜面方向拉物块A使之沿斜面向上运动,经过一段时间,物块B刚要与挡板C分离已知重力加速度为g.则（ ）A. 从开始到物块B刚要与挡扳C分离的过程,物块A的位移为B. 物块B刚要离开挡板C时,物块A的加速度为2gC. 物块B刚要离开挡板C时,物块a的速度为gD. 物块B刚要离开挡板C时,物块A的速度为g【答案】AC【解析】开始时系统静止，弹簧处于压缩状态，设此时弹簧压缩量为x1，分析A物体受力可得：kx1=mgsin，得：x1=;在恒力作用下，A向上加速运动，弹簧由压缩状态逐渐变为伸长状态当B刚要离开C时，弹簧的伸长量设为x2，分析B的受力有：kx2=mgs
8、in，得：x2=；所以物块A的位移为：x=x1+x2=，故A正确设物块B刚要离开挡板C时物块A的加速度为a，由牛顿第二定律有：F-mgsin-kx2=ma，结合F=2mg，kx2=mgsin，得a=g，故B错误由于x1=x2，所以初末状态时弹簧的弹性势能相等，对系统，由功能关系得：Fx=mgxsin+mvA2，解得物块B刚要离开挡板C时，物块A的速度为：vA=g，故C正确，D错误故选AC.点睛：本题的关键要多次对物体A和B受力分析，求出弹簧的弹力，再根据牛顿第二定律求解加速度运用功能关系时，要正确分析能量是如何转化的8.在如图所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器C的电容较大当闪光灯两端
9、电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光该电路正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光（闪光时间内闪光灯的阻值很小），则可以判定A. 击穿电压U不可能大于电源的电动势EB. 闪光灯未闪光时，电容器处于充电状态C. 闪光灯未闪光时，电容器两端的电压保持不变D. 闪光灯闪光时，电容器两端的电压保持不变【答案】AB【解析】【分析】本题考查电容器的特点【详解】AB结合题意知电容器在闪光灯闪光之前，电源一直给电容器充电，直到达到击穿电压或者电容器的电压达到电源的电动势，故AB均正确；CD闪光灯未闪光时，电容器处于充电状态，电容器两端的电压在不断增大直至达到击穿电压，故C错误；闪光灯闪光时，电容器处于放电状
10、态，电容器两端的电压将会减小，故D错误。综上所述，本题选AB。9.如图甲所示，将粗细均匀的导线做成的正方形线框abcd 在磁场上方某高处由静止释放，cd边刚进入磁场时开始计时(t=0)，线圈的v一t图象如图乙所示，在3to时刻cd边刚离开磁场时速度也为v0 ，已知线圈的质量为m、边长为L，两条水平虚线L1、L2相距为d(d 3L)，虚线之间的匀强磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B，重力加速度为g，则 A. 线框进入磁场过程中电流方向为abcdaB. 在t0时刻线框的速度为v0=gt0C. cd边刚进入磁场时c、d两点间的电势差为D. 线框穿过磁场的过程中产生的电热为2mgd【答案】CD【解析
11、】【详解】根据楞次定律可得，线框进入磁场过程中电流方向为adcba，故A错误； 由图可知cd边进入磁场后先做加速度减小的减速运动，再做匀加速运动故B错误；cd边刚进入磁场时产生的感应电动势为，所以c、d两点间的电势差为，故C正确；线框从进入磁场到cd边刚到达磁场下边界过程中，根据能量守恒定律可得产生的焦耳热为Q1=mgd，穿出和穿入磁场的过程中产生的焦耳热相等，则线框穿过磁场的过程中产生的电热为Q=2Q1=2mgd，故D正确第II卷非选择题二、实验题10.用如图所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电
12、流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：（）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线（U、I都用国际单位）；（）求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（0-3V，内阻约15k） B电压表（0-3V，内阻约3k）C电流表（0-200mA，内阻约2） D电流表（0-30mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_A两导线接在滑动变阻器电阻
13、丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值【答案】 (1). （1）A、 (2). C (3). （2）C (4). （3）ka (5). k-R2【解析】【详解】（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为；
14、因此，电流表选择C；（2）分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而D项中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D错误；故选C；（3）由闭合电路欧姆定律可知：U=E-I（r+R2），对比伏安特性曲线可知，图象的斜率为k=r+R2； 则内阻r=k-R2； 令U=0，则有：； 由题意可知，图象与横轴截距为a，则有：；解得：E=ka .【点睛】本题考查测量电源的电
15、动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图象分析数据的方法，重点掌握图象中斜率和截距的意义三、解答题。11.如图所示，CD左侧存在场强大小，方向水平向左的匀强电场，一个质量为m、电荷量为的光滑绝缘小球，从底边BC长为L、倾角的光滑直角三角形斜面顶端A点由静止开始下滑，运动到斜面底端C点后进入一光滑竖直半圆形细圆管内处为一小段长度可忽略的光滑圆弧，圆管内径略大于小球直径，半圆直径CD在竖直线上，恰能到达细圆管最高点D点，随后从D点离开后落回斜面上某点重力加速度为g，求：小球到达C点时的速度；小球从D点运动到P点的时间t。【答案】(1)v=(2)t=【解析】【详解】（1）由动能定理
16、：解得：（2）由A到D的过程由动能定理得：离开D点后做匀加速直线运动，如图竖直方向水平方向又由几何关系得解得12.如图甲所示，质量M=0.2kg的平板放在水平地面上，质量m=0.1kg的物块（可视为质点）叠放在平板上方某处，整个系统处于静止状态现对平板施加一水平向右的拉力，在01.5s内该拉力F随时间的变化关系如图乙所示，1.5s末撤去拉力已知物块未从平板上掉下，认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，物块与木板间的动摩擦因数1=0.2，平板与地面间的动摩擦因数2=0.4，取g=10m/s2求:（1）01s内物块和平板的加速度大小a1、a2；（2）1s末物块和平板的速度大小v1、v2以及1.5s
17、末物块和平板的速度大小、；（3）平板的最短长度L【答案】（1）a1=2m/s2，a2=3m/s2；（2）v1=2m/s，v2=3m/s；=3m/s；（3）L=1.35m【解析】【详解】（1） 内，物块与平板间、平板与地面间的滑动摩擦力大小分别为： 设物块与平板间恰好滑动时，拉力为F0由牛顿第二定律有，因为，故物块与平板发生相对滑动对物块和平板由牛顿第二定律有： 解得： （2） 内，（），物块与平板均做匀加速直线运动，有： 解得： 内，（），由于水平向右的拉力F2=1.4N恰好与f1+f2平衡，故平板做匀速直线运动，物块继续做匀加速直线运动直至与木板速度相同，有： （3）撤去拉力后，物块和平板的
18、加速度大小分别为： 物块和平板停下所用的时间分别为： 可画出物块、平板的速度-时间图象，如图所示，根据“速度-时间图象的面积表示位移”可知， 内，物块相对平板向左滑行的距离为： 内，物块相对平板向右滑行的距离为： 由于 ，故： 三、选考题(共15分)。请考生从2道物理题任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。13.下列说法正确的是（ ）A. 同一种液体的沸点与压强有关，压强越大，沸点越高B. 若已知气体在某一状态下的密度和单个气体分子的体积，即可求出单个分子质量C.
19、 盛放水的密闭容器中，当水蒸气达到饱和时，不再有水分子飞出水面D. 浸润液体在细管中会上升，不浸润液体在细管中会下降，这样的现象都称为毛细现象E. 理想气体在等压膨胀过程中，气体分子在相等时间内对容器内壁相同面积上的撞击次数会减少【答案】ADE【解析】【详解】A液体的沸点与压强有关，气体压强增大，液体的沸点升高，故A正确；B已知气体在某一状态下密度和单个气体运动占据的空间的体积，二者乘积即可求出单个分子质量，故B错误；C盛放水的密闭容器中，当水蒸气达到饱和时，是离开水面的分子和同时进入水面的分子数相等，不是没有分子飞出，故C错误；D浸润液体在细管中会上升，不浸润液体在细管中会下降，这样的现象都
20、称为毛细现象，故D正确；E理想气体在等压膨胀过程中，体积变大，气体的密度减小，气体的温度升高，气体分子对器壁的碰撞力变大，但由于压强不变，则气体分子在相等时间内对容器内壁相同面积上的撞击次数会减少，故E正确。故选ADE【点睛】液体的沸点与压强有关，若已知气体在某一状态下的密度和单个气体分子的体积，无法求出单个分子质量，知道什么是毛细现象，根据压强的微观意义进行分析14.如图所示，细筒足够长的气缸整体竖直固定不动，粗、细筒横截面积之比为2:1，P、Q是质量不计的绝热轻活塞，两活塞与筒壁间的摩擦不计开始时，活塞P上方盛有水银，水银面与粗筒上端恰好相平且高为L，活塞Q将理想气体分成相同A、B两部分，
21、气柱长均为L，温度为27现通过电热丝对B部分理想气体加热，使活塞P、Q缓慢上移，已知 L=38 cm，大气压强为76 cmHg，问有一半的水银进入细筒时：（假设电热丝对B气体加热时，A气体温度不变）（1）活塞Q上升的高度是多少？（2）B部分理想气体温度为多少摄氏度？【答案】（1）24.4cm （2）301.7【解析】【详解】（1）A气体初状态 po =114 cmHg、V0 = 38S A气体未状态 pA=133 cmHg. VA=LAS根据玻意耳定律有p0V0=pAVA解得LA32.6cm活塞Q上升的高度h=2L-（2）B气体初状态po=114 cmHg. V0= 38S、 T0=300 K
22、 B气体未状态 pB=133cmHg、VB=62.4S、TB根据理想气体状态方程解得 即15.如图所示是在竖直方向上振动并沿水平方向传播的简谐波，实线是t=0s时刻的波形图，虚线是t=0.2s时刻的波形图下列说法正确的是_A. 若波沿x轴负方向传播，则它传播的速度（n=0，1，2，3，）B. 若波沿x轴正方向传播，则它传播速度（n=0，1，2，3，）C. 若波沿x轴负方向传播，则它的最大周期0.8sD. 若波沿x轴正方向传播，则它的最大周期0.8sE. 若波速是25 m/s，则t=0s时刻P点的运动方向沿y轴负方向运动【答案】ADE【解析】【详解】AB波沿x轴负方向传播时，传播的可能距离为x=
23、（n+）=4n+3（m），（n=0，1，2，3，）传播的速度为：，（n=0，1，2，3，）同理，波沿x轴正方向传播时，传播的可能距离为x=（n+）=4n+3（m），（n=0，1，2，3，）传播的速度为：，（n=0，1，2，3，）选项A正确，B错误；E若波速为25m/s，则可知波沿x轴正向传播，根据波形图可知t=0时刻P质点振动方向向下，即沿y轴负向，选项E正确；CD若波沿x轴正方向传播，传播的时间与周期关系为：t=（n+）T ，（n=0，1，2，3，）得 ，（n=0.1，2，3，）当n=0时周期最大，即最大为0.8s；波沿x轴负方向传播，传播的时间与周期关系为：t=（n+）T ，（n=0，1，2，3，）得，（n=0.1，2，3，）当n=0时周期最大，即最大为s，故选项D正确，C错误；故选ADE。16.如图所示，一储油桶，底面直径与高均为1m当桶内无油时，从某点A恰能看到桶底边缘上的某点B当桶内油的深度等于桶高的一半时，由点A沿方向AB看去，恰能看到桶底上的点C，两点C、B相距0.25m求油的折射率和光在油中的传播速度。【答案】【解析】【详解】设入射角r，折射角i，则sini，sinr，由得：
