1、四川省棠湖中学2020届高三物理下学期第一次适应性考试试题（含解析）1.某同学在研究光电效应时测得不同光照射到同一光电管时得到的光电流与电压的关系图象如图所示则下列有关说法中正确的是A. 光线1、3为同一色光，光线3的光强更强B. 光线1、2为同一色光，光线1的光强更强C. 光线1、2为不同色光，光线2的频率较大D. 保持光线1的强度不变，光电流强度将随加速电压的增大一直增大【答案】C【解析】由图象可知，光线1和光线3的遏止电压相同，所以它们是同一色光，相同电压时，光线1对应的光电流更大，说明单位时间内照射的光电子数更多，即光线1更强，A错误；光线1和光线2的遏止电压不同，所以它们是不同色光，
2、B错误；由于光线2的遏止电压较大，由、可知，光线2的频率较大，C正确；由图可知，在光照条件不变的情况下，随着所加电压的增大，光电流趋于一个饱和值（饱和电流），D错误；故选C.2.中国自主研发的 “暗剑”无人机，时速可超过2马赫在某次试飞测试中，起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120m的测试距离，用时分别为2s和l s，则无人机的加速度大小是A. 20m/s2B. 40m/s2C. 60m/s2D. 80m/s2【答案】B【解析】【详解】第一段的平均速度；第二段的平均速度，中间时刻的速度等于平均速度，则，故选B.3.如图所示，斜劈A静止放置在水平地面上，木桩B固定在水平地
3、面上，弹簧k把物体与木桩相连，弹簧与斜面平行质量为m的物体和人在弹簧k的作用下沿斜劈表面向下运动，此时斜劈受到地面的摩擦力方向向左则下列说法正确的是（ ）A. 若剪断弹簧，物体和人加速度方向一定沿斜面向下B. 若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，A受到的摩擦力方向可能向右C. 若人从物体m离开，物体m仍向下运动，A受到的摩擦力可能向右D. 若剪断弹簧同时人从物体m离开，物体m向下运动，A可能不再受到地面摩擦力【答案】A【解析】【详解】剪断弹簧前，对斜面分析，受重力、地面的支持力和静摩擦力、滑块对斜面体的力（滑块对斜面体的滑动摩擦力和压力的合力），斜劈受到地面的摩擦力方向向左，故根据平衡条件，滑块对
4、斜面体的力向右下方；根据牛顿第三定律，斜面对滑块的力向左上方；若剪断弹簧，滑块和人整体还要受重力，故合力偏左，根据牛顿第二定律，加速度是沿斜面向下，故A正确；若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，故物体和人整体对斜面体的力不变，故斜面体受力情况不变，故地面摩擦力依然向左，故B错误；若人从物体m离开，由于惯性，物体m仍向下运动；动摩擦因数是不变的，故滑块对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小，故压力和滑动摩擦力的合力依然向右下方，故地面对斜面体的静摩擦力依然向左，故C错误；若剪断弹簧同时人从物体m离开，由于惯性，物体m仍向下运动；动摩擦因素是不变的，故滑块对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小，故压力和滑动摩
5、擦力的合力依然向右下方，故地面对斜面体的静摩擦力依然向左，故D错误；故选A4.A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移时间图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移时间图象，若A球质量mA2 kg，则由图象判断下列结论错误的是（ ）A. A、B碰撞前的总动量为kgm/sB. 碰撞时A对B所施冲量为4 NsC. 碰撞前后A的动量变化为4 kgm/sD. 碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10 J【答案】A【解析】【详解】A由x-t图象可知，碰撞前有碰撞后有对A、B组成的系统，A、B两球沿一直线运动并发生正碰，碰撞前后系统的动量守恒。以碰
6、撞前B的速度方向为正方向，由动量守恒定律得mAvAmBvB(mAmB)v解得mBkgA、B碰前的总动量p总mAvAmBvB代入数值得p总kgm/sA错误，符合题意；B由动量定理知，A对B的冲量为IBmBvmBvBIB4 NsB正确，不符合题意；C碰撞前后A球的动量变化为pAmAvmAvA4 kgm/sC正确，不符合题意；D碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能代入数据解得Ek10 JD正确，不符合题意。故选A。5.某实验小组模拟远距离输电的原理图如图所示，A、B为理想变压器，R为输电线路的电阻，灯泡L1、L2规格相同，保持变压器A的输入电压不变，开关S断开时，灯泡L1正常发光，则()A. 仅将滑
7、片P上移，A的输入功率不变B. 仅将滑片P上移，L1变暗C. 仅闭合S，L1、L2均正常发光D. 仅闭合S，A的输入功率不变【答案】B【解析】【详解】AB仅将滑片P上移，则升压变压器的副线圈匝数变小，所以输出电压变小，相应的B变压器的输入电压降低，输出电压也降低，所以L1两端电压变小。输出功率变小，则A变压器的输入功率也变小，故A错误，B正确； CD仅闭合S，则B变压器的负载电阻变小，输出总电流变大，输出功率变大，则升压变压器A的输入功率也变大。相应的输电线上的电流变大，输电线上损失的电压变大，B变压器的输入电压变小，输出电压也变小，即灯泡两端的电压变小，灯泡不能正常发光，故CD错误。 故选B
8、。6.图中有一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块木板受到随时间t变化水平拉力F作用时，用传感器测出其加速度a，得到图的aF图取g10 m/s2，则（ ）A. 滑块的质量m4 kgB. 木板的质量M2kgC. 当F8 N时滑块加速度为2 m/s2D. 滑块与木板间动摩擦因数为0.1【答案】ABD【解析】【详解】AB、当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：，代入数据解得：，当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：，由图示图象可知，图线的斜率：，解得：M=2kg，滑块的质量为：m=4kg，故A、B正确；CD、根据F大于6N的图线知，F=4时，
9、a=0，即：，代入数据解得：=0.1，由图示图象可知，当F=8N时，滑块与木板相对滑动,滑块的加速度为：，故D正确，C错误；故选ABD【点睛】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析7.在空间O点以初速度v0水平抛出-一个小球，小球运动到空中A点（图中未画出）时，速度与水平方向的夹角为60 ，若在O点抛出小球时的初速度方向不变，大小变为2v0 ，结果小球运动到空中B点（图中未画出）时速度与水平方向的夹角也为60 ，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A. OB长是OA长的2倍B. OB长是OA长的4倍C
10、. OA与水平方向的夹角小于OB与水平方向的夹角D. OA与水平方向的夹角等于OB与水平方向的夹角【答案】BD【解析】【详解】CD设小球到A点时，OA为位移，设OA与水平方向的夹角为，则小球到达B点时，OB为位移，设OB与水平方向的夹角为，则联立可得故OA与水平方向的夹角等于OB与水平方向的夹角，故C错误，D正确；AB则O、A、B在同一直线上，假设OAB为斜面，球从O点运动到A点的时间水平位移则同理得到因此OB长是OA长的4倍，故A错误，B正确。故选BD。8.如图所示，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外的匀强磁场中有一矩形区域abcd，水平边ab长为s，竖直边ad长为h。质量均为m、带电荷
11、量均为+q的A、B两粒子，由a、c两点先后沿ab和cd方向以速率v0、2v0进入矩形区域（两粒子不同时出现在磁场中）。不计重力，若两粒子轨迹恰好相切，设切点为p点，A粒子从d点射出。下列说法正确的是（）A. 两粒子运动到P点所需时间之比为tA：tB=1：1B. 两粒子运动到p点所需时间之比为tA：tB=1：2C. A粒子的初速度v0为D. A粒子的初速度v0为【答案】AC【解析】【详解】AB根据洛伦兹力提供向心力及得粒子转过的角度为，同一粒子角速度相等得可看出t与圆心角 成正比，当两粒子到达点P时，如图由几何知识易得圆心角和相等，所以时间相等，故A正确，B错误；CD对A粒子解得故C正确，D错误
12、。故选AC。第II卷 非选择题（174分）三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选题，考生根据要求作答。（一）必考题（共129分）9.在用水平气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”实验时，左侧滑块质量m1=200g，右侧滑块质量m2=240g，挡光片宽度为1.60cm，两滑块之间有一压缩的弹簧片，并用细线连在一起，如图所示。开始时两滑块静止，烧断细线后，两滑块分别向左、右方向运动。挡光片通过光电门的时间分别为t1=0.032s、t2=0.040s。以向左为正方向，则烧断细线前m1v1+m2v2=_kgm/s，烧断细线后m1v1+m2v2=_kgm/s（
13、此空保留2位有效数字）；可得到的结论是_。【答案】 (1). 0 (2). 0.0040 (3). 当水平方向外力为零时，在误差允许范围内，两滑块质量与各自速度的乘积（即动量）之和为不变量【解析】【详解】1 开始时两滑块静止，所以有m1v1+m2v2=02 烧断细线后，两滑块的速度烧断细线后3分析上述数据，可得到结论是：当水平方向外力为零时，在误差允许范围内，两滑块质量与各自速度的乘积（即动量）之和为不变量10.某待测电阻Rx的阻值在80100之间，现要测量其电阻的阻值，实验窒提供如下器材A电流表A1（量程50mA、内阻约1）B电流表A2（量程200mA、内阻约为0.2）C电流表A3（量程0.
14、6A、内阻约为0.1）D定值电阻R0=30E滑动变阻器R（最大阻值约为10）F电源E（电动势为4V）G开关S、导线若干某同学设计了一个测量电阻Rx的实验电路，如图所示。为保证测量时电流表读数不小于其量程的，M、N两处的电流表应分别选用：M为_，N为_（选填“A1”、“A2”或“A3”）若M、N电表的读数分别为IM、IN，则Rx的计算式为Rx=_。考虑本次测量存在一定系统误差，所以测量值比真实值_。【答案】 (1). A1 (2). A2 (3). (4). 偏大【解析】【详解】12 电路是滑动变阻器分压接法，且为保证测量时电流表读数不小于其量程的，所以电流表不宜选择A3，量程太大。M处电流表测
15、量支路Rx的电流，所以选用小量程的A1，N处测量的是干路电流，所以选用较大量程的电流表A23 通过定值电阻R0的电流为IN-IM，定值电阻与待测电阻Rx、A1并联，根据欧姆定律有所以待测电阻4考虑电流表A1的内阻，待测电阻的真实值为所以测量值比真实值偏大。11.如图所示，在y0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外。一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上yh处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y处的P3点。不计重力。求：电场强度的大小。粒子到达P2时速度的大小
16、和方向。磁感应强度的大小。【答案】（1）（2），45 （3）【解析】【详解】（1）粒子在x轴上方电场中做类平抛运动：x方向：2h=v0ty方向：h=解得：E=； （2）粒子做类平抛运动，x方向：2h=v0t竖直方向分速度：vy=at=粒子到达P2时速度大小：v= 解得：v=tan=，则速度方向与+x方向夹角：=45； （3）粒子运动轨迹如图所示：由几何知识可得：r=h,粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:qvB=m， 解得：B=12.如图所示，质量M=2kg、高h=0.2m长木板静止在粗糙的水平地面上，长木板与地面间的动摩擦因数1=0.1。在长木板上放置一个质量m
17、=1 kg，大小可以忽略的铁块，离左端B点的距离为0.5m，铁块与木板间的动摩擦因数2=0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2 ，不计空气阻力。若在长木板上施加一个水平向右的恒力F，求（1）要想将长木板从铁块下抽出，水平向右的恒力F应满足的条件；（2）若水平向右的恒力F=17N，铁块与长木板分离时，两者的速度各为多大；（3）接（2）问，求铁块落地前的整个过程中，铁块、长木板和地面组成的系统因摩擦所产生的热量。【答案】（1）N；（2），；（3）【解析】【详解】（1）欲将长木板从铁块下抽出，两者间必存在相对运动，由牛顿第二定律得物块的加速度隔离长木板，由牛顿第二定律得代入加速度得代
18、入数值得即水平向右的恒力F应满足条件为N；（2）若水平向右的恒力，铁块相对于长木板发生相对滑动，对长木板受力分析，由牛顿第二定律得代入数值得铁块加速度代入数值得s此过程中长木板运动的位移为铁块离开长木板时长木板与滑块的速度分别为、，根据速度时间公式有（3）铁块离开长木板后做平抛运动，由平抛运动规律，得运动时间为铁块离开长木板后，对长木板受力分析，由牛顿第二定律得代入数值得解得所以铁块离开长木板到落地的时间内长木板位移为代入数据得整个过程中，设铁块与木板间因摩擦生的热为，木板与水平面间因摩擦生的热为，则得系统因摩擦所产生的热量13.下列说法正确的是_A. 零摄氏度的物体的内能为零B. 气体如果失
19、去了容器的约束会散开，这是因为气体分子热运动的结果C. 温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同D. 理想气体，分子之间的引力、斥力依然同时存在，且分子力表现为斥力E. 浸润现象是分子间作用力引起的【答案】BCE【解析】【详解】A分子在永不停息的做无规则运动，则零摄氏度的物体的内能也不为零，选项A错误；B气体如果失去了容器的约束会散开，这是因为气体分子热运动的结果，选项B正确；C温度是分子平均动能的标志，则温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同，选项C正确；D理想气体分子之间距离大于10r0可认为分子之间的引力、斥力为零，选项D错误；E浸润现象是分子间作用力引起的，选项E正确；14.如图
20、所示，上端带卡环的绝热圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，气缸内部被质量均为m的活塞A和活塞B分成高度相等的三个部分，下边两部分封闭有理想气体P和Q，活塞A导热性能良好，活塞B绝热两活塞均与气缸接触良好，活塞厚度不计，忽略一切摩擦气缸下面有加热装置，初始状态温度均为T0，气缸的截面积为S，外界大气压强大小为，现对气体Q缓慢加热求： （1）当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时，气体Q的温度T1；（2）活塞A恰接触汽缸上端卡口后，继续给气体Q加热，当气体P体积减为原来一半时，气体Q的温度T2【答案】（1）2T0 （2）【解析】【详解】（1）设P、Q初始体积均V0，在活塞A接触卡口之前，两部分气体均等压变化则
21、由盖-吕萨克定律:解得: （2）活塞A恰接触气缸上端卡口后P气体做等温变化,由玻意耳定律:解得: 此时Q气体的压强为当P气体体积变为原来一半时，Q气体的体积为，此过程对Q气体由理想气体状态方程有：解得:15.一列简谐横波在t10时的波形如图甲中实线所示，t23.0s时的波形如图甲中虚线所示。图乙是图甲中质点a的振动图象，则这列波是向x轴_（选填“正方向”或“负方向”）传播的，波速的大小为_m/s。在t1 到t2 时间内，质点a通过的路程为_m。【答案】 (1). 负方向 (2). 0.5 (3). 1.510-2【解析】【详解】1由图乙可知，质点的振动周期T=4s，内，x=lm处的质点振动了周
22、期，所以该质点在t=0时向y轴负方向振动，故波沿x轴负方向传播；2波速为m/s=0.5m/s3质点a通过的路程s=3A=15cm=1.510-2m。16.为测量水晶印章的折射率，某同学在水平桌面铺上一张白纸，然后将印章立放在白纸上，用红色激光笔从O点照射该印章的一个侧面，激光所在的竖直平面与印章的右侧面垂直，其正视图如图所示。已知该印章的水平截面是d=3cm的正方形，当光以=60的入射角向右侧面照射时，印章右侧的白纸上出现了两个亮点M和N（M点位于N点的右方），测得两亮点间的距离s=2cm，不考虑光在印章表面的多次反射。(i)作出光从O点入射至形成M、N两亮点的光路图；(ii)求水晶印章对红色光的折射率n。【答案】(i)见解析； (ii)。【解析】【详解】(i)光路如图所示(ii)设O1、O2分别为射入印章的光线在后表面的反射点及前表面的折射点，r为折射角，根据反射定律和折射定律可知，射向纸面两光线互相平行。O1、O2两点间的距离为OO2=stanOO2=2dtanr解得:，r = 30水晶印章对红色光的折射率n解得:
