1、标准示范卷(七)(本试卷共4页。满分100分。考试用时90分钟)一、选择题：本题共20小题，每小题3分，共60分。每小题只有一个选项符合题目要求。1普朗克在1900年将“能量子”引入物理学，开创了物理学的新纪元。在下列宏观概念中，具有“量子化”特征的是()A人的个数 B物体所受的重力C物体的动能 D物体的长度A依据普朗克量子化观点，能量是不连续的，是一份一份地变化的，属于“不连续的，一份一份”的概念的是A选项，故A正确，B、C、D错误。2如图所示的瓢虫，其身上的星数(斑点数)显示了它的种类，在下列研究瓢虫的具体情形中，可将瓢虫视为质点的是()A研究瓢虫的转身动作B研究瓢虫的飞行路线C观察瓢虫的
2、翅膀扇动D记录瓢虫身上的星数B研究瓢虫的转身动作时不能将其看作质点，若看作质点就不能看到转身动作了，故A错误；研究瓢虫飞行路线，瓢虫的大小能忽略不计，能看作质点，故B正确；研究瓢虫翅膀的振动，翅膀的形状不能忽略不计，不能看作质点，故C错误；研究瓢虫身上的星数，瓢虫的大小不能忽略不计，不能看作质点，故D错误。3下表是D3111次动车宁德至福州南站区间运行时刻表，则()车次出发站开车时间到达站到达时间用时里程硬座软座D3111宁德12：13福州南12：4835分88 km25.5 元30.5 元A.表中“12：13”表示时刻B该动车从宁德至福州南的位移为88 kmC能从表中数据求出该动车从宁德至福
3、州南的平均速度D该动车从宁德至福州南全程做匀速直线运动A表中“12：13”表示时刻，选项A正确；该动车从宁德至福州南的路程为88 km，选项B错误；从表中数据无法知道该动车从宁德至福州南的位移，故无法求出该动车从宁德至福州南的平均速度，选项C错误；该动车从宁德至福州南全程中不是直线运动，故不可能看做匀速直线运动，选项D错误。故选A。4“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。现有一只蜻蜓停在一个叶片上，如图所示。下列说法正确的是()A叶片对蜻蜓的作用力竖直向上B叶片对蜻蜓的作用力沿叶片向上C蜻蜓对叶片的作用力垂直叶片向下D蜻蜓对叶片的作用力沿叶片向上A叶片对蜻蜓的作用力竖直向上，同时蜻蜓对叶片的作用
4、力竖直向下，选项B、C、D错误，A正确。5下列四个电学器材中，电容器是()ABC DDA图是电源，B图是滑动变阻器，C图是电流表，D图是电容器，故D正确。6以下四幅图中，表示等量同种点电荷电场线分布情况的是()ABCDA根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断A是等量同种点电荷的电场线，B是等量异种点电荷的电场线，C是匀强电场的电场线，D是反向通电导线周围的电场线，故选A。7西昌卫星发射中心的运载火箭由地面竖直向上升空，其速度图像如图所示，则()A在t2时刻火箭到达最大高度B在t4时刻火箭落回地面C在t1至t2时间内火箭加速度最大D在t2至t3时间内火箭静止在最大高度处C火箭在0t4
5、时间内的速度始终为正，即一直向上运动，所以t4时刻火箭到达最大高度，故A、B错误；在vt图像中图线的斜率表示加速度，由图可知在t1至t2时间内火箭加速度最大，故C正确；在t2至t3时间内图线加速度为零，表示火箭做匀速直线运动，故D错误。8如图所示，物体静止在固定斜面上，物体受到的力有()A重力、支持力和摩擦力B重力、摩擦力和下滑力C重力、摩擦力和平衡力D重力、弹力和平衡力A物体受到三个力的作用，分别为重力、支持力、摩擦力，下滑力指重力沿斜面向下的分力，平衡力指物体受到的一对大小相等，方向相反的力。9如图所示，重为10 N的物体以速度v在粗糙的水平面上向左运动，物体与桌面间的动摩擦因数为0.1。
6、现在给物体施加水平向右的拉力F，其大小为20 N，则物体受到的摩擦力和加速度大小为(g取10 m/s2)()A1 N，20 m/s2 B0，21 m/s2C1 N，21 m/s2 D1 N，19 m/s2C物体受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力FN、水平向右的拉力F和摩擦力Ff作用，其滑动摩擦力为：FfFNG1 N，由牛顿第二定律得；FFfma，解得a21 m/s2，C正确。10如图所示，杂技演员在表演“水流星”的节目时，盛水的杯子经过最高点杯口向下时，水也不洒出来。关于杯子经过最高点时水的受力情况，下列说法正确的是()A水处于失重状态，不受重力的作用B水受一对平衡力的作用，合力为0C由于
7、水做圆周运动，因此必然受到重力和向心力的作用D杯底对水的作用力可能为0D当杯子经过最高点时，里面的水处于失重状态，但失重时水的重力并未变化，故A错误；当杯子经过最高点时水受重力和向下的支持力(或仅受重力)合力提供向心力，不为零，故B、C错误；若完全由重力充当向心力，则此时杯底对水的作用力为零，D正确。11如图所示，一位小朋友在同一高度分别沿两种滑梯滑到水平地面上，此过程中()A沿滑梯1重力做功最大B沿滑梯2重力做功最大C沿滑梯1和2重力做功相等D条件不足不能判断C根据重力做功的特点，重力做功只与初、末位置高度差有关，与路径无关可知C项正确。12游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一
8、颗子弹，打在远处的同一个靶上，A为甲枪子弹留下的弹孔，B为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h，如图所示，不计空气阻力，关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是()A甲枪射出的子弹初速度较大B乙枪射出的子弹初速度较大C甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小A平抛运动的高度决定时间，由hgt2知，乙的运动时间大于甲的运动时间，水平位移相等，根据v0知，甲枪射出的子弹初速度较大。故A正确，B、C、D错误。13我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成“组合体”。对接后的“组合体”仍在“天宫二号”
9、的轨道上运行。“组合体”和“天宫二号”运动的轨道均可视为圆轨道，“组合体”和“天宫二号”相比，“组合体”运行的()A周期变小 B角速度变大C线速度大小不变 D向心加速度变小C根据Gmammr2mr得，向心加速度a，线速度v，角速度，周期T，由于轨道半径不变，则线速度大小、角速度、周期、向心加速度大小均不变，故C正确，A、B、D错误。14在如图所示的电路中，已知电源的电动势E为6.0 V，内电阻r为1.5 ，外电路的电阻R为2.5 。闭合开关S后，电路中的电流为()A6.0 A B4.0 A C2.0 A D1.5 AD电路中的电流I1.5 A，D项正确。15指南针是我国古代的四大发明之一。当指
10、南针静止时，其N极指向如图中虚线(南北向)所示，若某一条件下该指南针静止时N极指向如图实线(N极指向北偏东)所示。则以下判断正确的是()A可能在指南针上面有一导线东西放置，通有由东向西的电流B可能在指南针上面有一导线东西放置，通有由西向东的电流C可能在指南针上面有一导线南北放置，通有由北向南的电流D可能在指南针上面有一导线南北放置，通有由南向北的电流C若指南针静止时N极指向北偏东方向，则有一指向东的磁场，由安培定则知，可能在指南针上面有一导线南北放置，通有由北向南的电流，故C正确。16如图所示为甲、乙两灯泡的IU图像，根据图像计算甲、乙两灯泡并联在电压为220 V的电路中，实际发光的功率约为(
11、)A15 W，30 W B30 W，40 WC40 W，60 W D60 W，100 WC由图像知，当U220 V时，I甲0.18 A，I乙0.274 A，P甲UI甲40 W，P乙UI乙60 W，C项正确。17质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力势能的变化分别为()Amgh，减少mg(Hh)Bmgh，增加mg(Hh)Cmgh，增加mg(Hh)Dmgh，减少mg(Hh)A落地时重力势能Ep末mg(h)mgh，整个过程中重力势能减少EpEp初Ep末mgHmg(h)mg(Hh)，A项正确。18如图所示的
12、匀强电场中，a、b、c三条虚线分别与电场线垂直。下列说法错误的是()Aa线上各点的电势均相等Bb线上各点的电势都比c线上各点的电势高Ca线上各点的电场强度均相同Db线上各点的电场强度都比c线上各点的电场强度大D在匀强电场中，各处的电场强度大小及方向均相同。D项错误。19磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合线框共面，第一次将线框由位置1平移到位置2，第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，设先后两次通过线框的磁通量变化的大小分别为1和2，则()A12 B12C12。将闭合线框从位置1平移到位置2，磁感线是从闭合线框的同一面穿过的，所以1|21|12；将闭
13、合线框从位置1绕cd边翻转到位置2，磁感线分别从闭合线框的正反两面穿过，所以2|(2)1|12(以原来穿过的方向为正方向，则后来从另一面穿过的方向为负方向)。故正确选项为C。20如图所示，在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动。小车质量是M，木块质量是m，力的大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是，则在木块运动L的过程中，木块受到的摩擦力对木块做的功是()mgLmaLLA.只有对 B只有对C只有对 D都对D对M、m组成整体分析，F(Mm)a，a，木块受到的静摩擦力fma，做功WfLmaL。二、非选择题：本题共3小题，共40分。21(10分)(1)如图所示
14、为多用电表的示意图，其中S、K、T为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值为2030 的定值电阻，测量的某些操作步骤如下：调节可调节部件S，使电表指针停在_(选填“电流0刻度”或“欧姆0刻度”)位置；调节可调节部件K，使它的尖端指向欧姆挡_(选填“1 k”“100”“10”或“1”)位置；将红、黑表笔分别插入“”“”插孔，笔尖相互接触，调节可调节部件_(选填“S”“T”或“K”)，使电表指针指向_(选填“电流0刻度”或“欧姆0刻度”)位置。(2)欧姆表调0后，用“10”挡测量另一个阻值未知的电阻阻值，发现指针偏转角度很小，则下列说法和做法中正确的是_。A这个电阻的阻值很小B这个电阻的阻值很大C
15、为测得更准确些，应当换用“1”挡，并且重新调0后进行测量D为测得更准确些，应当换用“100”挡，并且重新调0后进行测量解析(1)利用多用电表测电阻前先进行机械调零，即调节可调节部件S，使电表指针停在电流(或电压)0刻度位置；其次根据电阻阻值为2030 ，调节选择开关K到“1”挡，以使指针指在刻度盘中央附近；再将红、黑表笔分别插入“”“”插孔，笔尖短接进行欧姆调零，使指针指在欧姆0刻度，然后进行测量。(2)欧姆表调零后，用“10”挡测量另一个未知电阻，发现指针偏转角度很小，说明未知电阻阻值较大，应该换用大量程挡位，故B、D正确。答案(1)电流0刻度1T欧姆0刻度(2)BD22(14分)按下列两种
16、情况把一个竖直向下的180 N的力分解为两个分力：(1)一个分力在水平方向上，并等于240 N，求另一个分力的大小和方向；(2)一个分力在水平方向上，另一个分力与竖直方向的夹角为30斜向下(如图所示)，求两个分力的大小。解析(1)力的分解如图所示：F2300 N设F2与F的夹角为，则：tan 解得：53。(2)力的分解如图所示：F1F tan 30180 N60 NF2 N120 N。答案(1)300 N，方向与竖直方向夹角为53斜向下(2)60 N120 N23(16分)如图所示，光滑斜面倾角为37，一质量为m1102 kg、电荷量为q1106 C的小物块置于斜面上 ，当加上水平向右的匀强电场时，该物块恰能静止在斜面上，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)该电场的电场强度大小；(2)若电场强度变为原来的，小物块运动的加速度大小；(3)在(2)前提下，当小物块沿斜面下滑L m时，机械能的改变量。解析(1)物块受力平衡，有tan 37，得E7.5104 V/m。(2)在沿斜面方向，由牛顿第二定律有mg sin 37Eq cos 37ma，得ag sin 373 m/s2。(3)EEqL cos 370.02 J。答案(1)7.5104 V/m(2)3 m/s2(3)0.02 J
