1、全章整合与提升 HK版 九年级上全章整合与提升ADBD123456习题链接提示：点击进入习题答案呈现2.4；67.5C730；10；8L1；L2 11121089C20；1.92141513140；3 000；1 000答案呈现习题链接AD14；200161718180；30；150 1920211【中考湖南湘西】以下所列家用电器中，正常工作时，电能主要转化为机械能的是()全章整合与提升A2【原创题】将阻值为10 的电阻丝接在电源两端，通电10 min，电流所做的功是2.16103 J，若将阻值为5 的电阻丝接入同一电源的两端，通电20 min，电流做功的多少是()A2.16103 JB1.2
2、5103 J C6.0103 JD8.64103 J 全章整合与提升D 3【中考安徽】图中R14，R26，把它们并联在U 3 V 的 电 路 中，则 R1 和 R2 并 联 后 的 总 电 阻 为_；通 电 30 s，电 阻 R1 消 耗 的 电 能 为_J。2.4全章整合与提升67.54【中考重庆B】如图所示的电路中，定值电阻R140，R220，电压表示数为10 V。求：(1)通过R2的电流。全章整合与提升解：(1)由电路图可知，两电阻串联，电压表测 R2 两端的电压。根据欧姆定律可得，通过 R2 的电流 I2U2R210 V20 0.5 A。(2)通电300 s，电流通过R1所做的功。串联
3、电路中各处的电流相等，则通过R1的电流I1I20.5 A，通电300 s，电流通过R1所做的功W1I12R1t(0.5 A)240 300 s3 000 J。全章整合与提升5【中考山东济宁】根据额定电压为2.5 V小灯泡的IU图像(如图所示)分析，下列结论正确的是()A当小灯泡的电压为0时，其电阻为0 B当小灯泡的电流为0.1 A时，其实际功率为0.1 W C通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比 D小灯泡的额定功率为0.625 W 全章整合与提升D6【中考吉林】如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时()A电压表的示数不变，总功率变小 B电流表的示数变大，总功率变大 C电压表
4、的示数变大，灯的亮度变暗 D电流表的示数变小，灯的亮度变暗 全章整合与提升B 7【中考四川德阳】图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图像，将它们按图乙所示接入电路中，已知该电路中电源的电压是2 V，则下列结论错误的是()全章整合与提升A只闭合开关S，电路消耗的功率是1 W B当再闭合S1后，电流表示数变化了0.2 A C当再闭合S1后，电路消耗的总功率为1.2 W D当再闭合S1后，电路消耗的功率将增大0.4 W 全章整合与提升 8【中考湖北恩施】如图所示，电路中L1“6 V 3 W”和L2“6 V 6 W”两灯泡和滑动变阻器R串联，电源电压恒为12 V。下列说法正确的是()全章整合与提升A
5、闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两灯泡均能正常发光 B保证两灯泡均不损坏，滑动变阻器R连入电路的最小值为3 C滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为1.5 W D在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到12 W 全章整合与提升全章整合与提升【点拨】根据 PUI 可得，灯泡正常工作的电流分别为 I1P额1U额13 W6 V0.5 A，I2P额2U额26 W6 V1 A；两灯泡正常发光时的电流不相等；闭合开关 S，两灯泡和滑动变阻器 R 串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光，故 A 错误。由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的电
6、流 I1I2，所以电路中的最大电流 II10.5 A，全章整合与提升由欧姆定律可得总电阻 RUI 12 V0.5 A24；由 PU2R 可得，两灯泡的电阻分别为 R1U额12P额1（6 V）23 W12，R2U额22P额2（6 V）26 W6；根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，R 连入电路的最小值 R 最小RR1R224 12 6 6，故 B 错误。全章整合与提升滑片 P 从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的灯泡 L1，所以另一盏灯的实际功率 P2I2R2(0.5 A)26 1.5 W，故 C 正确。在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流 II10.5 A，
7、则整个电路的最大功率 P 大UI12 V0.5 A6 W，故 D 错误。【答案】C9【中考湖南张家界】图中电源电压保持不变，灯泡L标有“6 V 3 W”字样，当开关S闭合时，灯泡L正常发光，电流表示数为0.8 A，则电阻R_；由于电池使用过久，电源实际电压只有4.8 V，则该灯泡工作的实际功率为_W。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)全章整合与提升201.9210【中考四川德阳】灯泡L1、L2标有“6 V 3.6 W”字样，灯泡L3、L4标有“6 V 6 W”字样；把四个灯泡按如图所示连入电路中都发光，那么最亮的灯泡是_，最暗的灯泡_。全章整合与提升L1L211【中考山东淄博】如图甲所示电路中，电
8、源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示，则该滑动变阻器的最大阻值是_，R0的阻值是_，电源电压是_V。全章整合与提升全章整合与提升【点拨】由题意知，当电路中电流 I10.4 A 时，滑动变阻器消耗的电功率 P 滑 11.6 W，则滑动变阻器两端的电压为 U 滑P滑1I1.6 W0.4 A 4 V；根据欧姆定律得，电源电压 UU 滑IR0，即 U4 V0.4 AR0;当电路中电流 I0.2 A 时，滑动变阻器消耗的电功率 P滑1.2 W；滑动变阻器的最大阻值 R最大P滑I 1.2 W（0.2 A）230；全章整合与
9、提升滑动变阻器两端的电压为 U 滑P滑I 1.2 W0.2 A 6 V；根据欧姆定律得，电源电压 UU 滑IR0，即 U6 V0.2 AR0；所以电源电压 U4 V0.4 AR06 V0.2 AR0，解得，U8 V，R010。【答案】30；10；812【中考广西玉林】如图所示，R0是阻值为10 的定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡上标有“4 V 2 W”字样，且灯泡的阻值始终保持不变。当断开S2，闭合S、S1时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U1；断开S1，闭合S、S2，将滑动变阻器的滑片P置于中点时，电压表示数为U2，已知U2与U1相差1 V，求：全章整合与提升(1)灯泡的额定电流。(2)电源电
10、压。全章整合与提升解：(1)由 PUI 得灯泡的额定电流 IP额U额2 W4 V0.5 A。当断开S2，闭合S、S1时，R0和灯泡串联，灯泡正常发光，根据欧姆定律可得，R0两端的电压U1IR00.5 A10 5 V，电源电压UU额U14 V5 V9 V。(3)滑动变阻器的最大阻值。全章整合与提升当 S1 断开，闭合 S、S2 时，R 和灯泡串联，由第(2)问可知 U15 V，灯泡两端的电压最大是 4 V，所以 U2 应比 U1 大 1 V，即 U2U11 V6 V，那么灯泡两端的电压 ULUU29 V6 V3 V，由 PU2R得，灯泡的电阻 RLU额2P额（4 V）22 W8，根据串联分压特点
11、可知，U2ULR滑RL，即6 V3 V R滑8，解得 R 滑16，此时滑动变阻器的滑片 P置于中点，所以滑动变阻器的最大阻值 R 滑大2R 滑216 32。(4)该电路消耗的最小电功率。全章整合与提升当闭合 S、S2，断开 S1，将滑动变阻器的滑片 P 置于最大电阻位置时，R 和灯泡串联，电路总电阻最大，总功率最小，该电路消耗的最小电功率 P 小U2RLR滑大（9 V）28 32 2.025 W。13【中考四川泸州】小英家6月底电能表的示数如图甲所示，7月底表盘示数如图乙所示，由图可知她家7月份用电器消耗的电能为_kWh；她家现在已经接入用电器的总功率为3 600 W，则最多还可以连接_W的用
12、电器同时工作。将铭牌已模糊的饮水机单独接在该电能表上正常工作3 min，电能表指示灯闪烁了160次，则饮水机的额定功率是_W。全章整合与提升140 3 000 1 000 14【中考四川绵阳】在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知待测小灯泡的额定电压为3.8 V，额定电功率估计在0.9W左右。可供选择的电流表有：A1(量程00.3 A)，A2(量程03 A)。全章整合与提升(1)连接电路时，应选用的电流表是_(填“A1”或“A2”)。(2)图甲是某小组连接的实物电路图。图中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“”，并在图中改正。全章整合与提升A1 如图所示。(3)改正错误后，闭合开关，移动滑动变
13、阻器滑片，当电压表示数为3.0 V时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电功率是_W。(4)不用电流表，另增加两只开关和一个阻值为12 的定值电阻R0，该小组设计了如图丙所示的电路图，测量小灯泡的额定功率。正确连接电路后，断开S3，闭合S1、S2，调节滑动变阻器，让电压表示数为3.8 V；然后只断开S2，再闭合S3，读出电压表示数为6.5 V。则测得小灯泡的额定功率是_W。全章整合与提升0.54 0.855 15【中考四川攀枝花】小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率，设计并接了如图甲所示的实物电路。(1)为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到滑动变阻器的_(填“A”或“B”)端。全
14、章整合与提升B(2)闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器使电流表的示数为I1，如图乙所示，I1_A。(3)将开关S2扳向“2”，保持滑动变阻器的阻值不变，调节电阻箱的阻值R，使电流表的示数仍为I1，此时R5；则步骤(2)中小灯泡的电阻R1_，测量小灯泡电阻的方法是_(填“控制变量法”或“等效替代法”)。(4)步骤(2)中小灯泡的实际功率P1_W。全章整合与提升0.2 5 等效替代法 0.2(5)若小灯泡的额定电流为I02I1，以下关于小灯泡额定功率P0 与实 际功 率 P1 的数 值 关系，你 认为最 有 可能的 是_。AP02P1 BP03P1 CP04P1 DP05P
15、1 全章整合与提升D 16【中考北京，多选题】小辉想探究电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关。他连接了如图所示的电路进行实验，其中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温均为25 的煤油，阻值为5 和10 的电阻丝R1、R2。闭合开关一段时间后，记录此时两个温度计的示数。根据上述实验，下列说法正确的是()全章整合与提升A此实验探究的是热量与电阻的关系 B此实验探究的是热量与电流的关系 C此实验探究的是热量与时间的关系 D此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少 全章整合与提升17【中考四川德阳】两个发热电阻R1R214，当它们串联在电路中时，R1、R2两端的电压之比U1U2_；已知
16、R110，那它们并联在4 V电路中后，两个电阻在100 s内产生的热量是_ J。全章整合与提升全章整合与提升【点拨】当两电阻串联在电路中时，因为串联电路中各处的电流相等，所以由 IUR可得，R1、R2 两端的电压之比U1U2IR1IR2R1R214；已知 R110，R1R214，所以 R24R1410 40；当两电阻并联在电路中时，因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以两个电阻在 100 s 内产生的热量 Q 总W 总W1W2U2R1tU2R2t（4 V）210 100 s（4 V）240 100 s200 J。【答案】14；20018【中考湖北荆门】有一台电动机，额定电压3 V，额定电流1
17、 A，电动机线圈电阻0.5，这台电动机正常工作1 min，消 耗 的 电 能 为 _J，产 生 的 热 量 为_J，输出的机械能为_J。全章整合与提升180 30 150 19.【中考湖南衡阳】为了探究电流产生的热量跟什么因素有关，王军设计了如图所示的甲、乙两种装置，他将两根阻值不同的电阻丝(R1R2)分别密封在两个完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与相同的气球相连，两次实验电源电压不变。全章整合与提升(1)实验中通过_的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。全章整合与提升【点拨】当电阻丝通电后，电流产生热量使瓶内温度升高，从而使气球膨胀，根据气球膨胀的程度大小可知电流通过电阻丝产生的热量的
18、多少。气球膨胀程度的大小(2)甲装置可探究电流产生的热量与_的关系。全章整合与提升【点拨】甲图中两电阻串联，则通过两电阻的电流相等，根据 QI2Rt 得：与 B 相通的电阻丝 R2 发热量要多；乙图中两电阻并联，则电压相等，由 QU2R t 得：与 C 比与 D 相通的电阻丝 R1 发热量要多；而与 B、D 相通的电阻丝电阻相等，由欧姆定律可得，与 B相通的电阻丝电流小于与 D 相通的电阻丝电流，根据 QI2Rt 得：与 D 相通的电阻丝热量要比与 B 相通的电阻丝热量多，与 C 相通的电阻丝热量最多。电阻(3)在装置甲、乙的两次实验中，通过比较相同时间里气球B与D的变化情况，可探究电流产生的
19、热量与_的关系。(4)甲、乙两装置同时实验，在相同的通电时间里，与_(填气球字母标号)气球相通的电阻丝产生的热量最多。全章整合与提升电流C20【中考贵州黔东南】图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220 V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感。图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关。将电饭煲接入220 V电路中，在电饭煲工作的30 min内，它消耗的电功率随时间的变化如图丙所示。求：全章整合与提升(1)510 min，电饭煲的功率。全章整合与提升解：(1)由丙图可知510 min的功率，P1660 W。(2)2030
20、min，电饭煲产生的总热量。全章整合与提升由丙图可知2030 min的功率，P2440 W；时间t230 min20 min10 min600 s，由QWPt可得，2030 min内电饭煲产生的总热量Q2P2t2440 W600 s2.64105 J。21【中考湖南怀化】图甲所示是某种电热饮水机的简化电路示意图，图乙是它的有关参数。它有加热和保温两种工作状态(由机内温控开关S0自动控制)。试问：全章整合与提升(1)饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于什么状态？并说明理由。全章整合与提升解：(1)温控开关应处于断开状态，理由：当开关处于断开状态时，电路中的电阻最大，通过R1的电流最小，R1的热
21、功率最小。(2)R1和R2的电阻值各是多大？全章整合与提升当开关处于闭合状态时，饮水机处于加热状态。由公式 P1U2R1得，R1U2P1（220 V）21 210 W 40，当开关处于断开时，R1 与 R2 串联，饮水机处于保温状态，R 总U2P2（220 V）240 W1 210，R2R 总R11 210 40 1 170。(3)在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200 V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20 加热至100，需要多长时间？c水4.2103 J/(kg)，水1.0103 kg/m3，忽略温度对电阻的影响 全章整合与提升全章整合与提升饮水机的实际功率 P 实U实2R1（200 V）240 1 000 W，水的质量 mV1.0103 kg/m31.5103 m31.5 kg，将装满水箱的水从 20 加热至 100，需要吸收热量 Q 吸c 水mt4.2103 J/(kg)1.5 kg(10020)5.04105 J；消耗的电能 WQ吸 5.0410580%6.3105 J；需要的时间 tWP实6.3105 J1 000 W 630 s。
