1、2022年普通高等学校招生全国统一考试模拟 (上海卷)数 学 注意事项：1本场考试时间120分钟，满分150分2作答前，在答题纸正面填写姓名、准考证号，反面填写姓名将核对后的条形码贴在答题纸指定位置.3所有作答务必填涂或书写在答题纸上与试卷题号对应的区城，不得错位在试卷上作答一律不得分4用2B铅笔作答选择题，用黑色字迹钢笔、水笔或圆珠笔作答非选择题一、填空题（本大题共有12题，满分54分，第16题每题4分，第712题每题5分)考生应在答题纸的相应位置直接填写结果.1已知集合，且，则实数的值是_【解析】因为，所以，当时，无意义，不满足题意；当时，满足题意；当时，不满足题意.综上，实数的值1.2已
2、知复数满足，若和的幅角之差为，则_.【解析】因为，设，所以，由题意可知或，当时， ，当时， ，综上所述：3已知，则_【解析】由已知可得，故.4已知点为正四面体的外接球上的任意一点，正四面体的棱长为2，则的取值范围为_.【解析】如图，将正四面体放在正方体内，并建立如图所示的空间直角坐标系，正四面体的棱长为2，则正方体的棱长为，正四面体ABCD的外接球即为图中正方体的外接球，其半径为R，则，则，设，则，则，.5设且，则的展开式中常数项为_【解析】的通项公式为，的常数项为：.6若函数的反函数的图像经过点，则_.【解析】由于函数的反函数的图象经过点，则，解得，函数，.7已知是抛物线上不同的点，点，若，
3、则_【解析】设，分别过，作抛物线的准线的垂线，垂足分别为，是抛物线上不同的点，点,准线为，.,.8从集合中任取3个不同元素分别作为直线方程中的，则经过坐标原点的不同直线有_条（用数值表示）【解析】依题意，从任取两个不同元素分别作为的值有种，其中重合的直线，按有序数对，有：重合，重合，重合，重合，重合，有：重合，重合，重合，重合，重合，所以经过坐标原点的不同直线条数是.9已知实数m1，实数xy满足不等式组，若目标函数z=x+my的最大值等于10，则m=_.【解析】由约束条件作出可行域如图内的整数点(含边界线上的整数点)，联立，解得A(3，3)，B(，)，化目标函数z=x+my为，由图可知，当直线
4、过B时，直线在y轴上的截距最大，但B不是整数点，因为：0x3，故当y=4，x=2时，z有最大值为2+4m=10，即m=2.10若，且，则的取值范围是_.【解析】由题意，由于，故，即，故，解得：或11平面直角坐标系中，满足到的距离比到的距离大的点的轨迹为曲线，点(其中，)是曲线上的点，原点到直线的距离为，则_.【解析】设曲线上的点为，由题意，则曲线为双曲线的右支，焦点坐标为，双曲线方程为所以渐近线方程为，而点（其中，是曲线上的点，当时，直线的斜率趋近于，即则，即12任意实数a，b，定义，设函数，正项数列是公比大于0的等比数列，且，则=_【解析】由题意，因为时，；当时，；时，所以时，恒成立；因为正
5、项数列是公比大于0的等比数列，且，所以，所以，又，所以；当时，所以，此时无解；设恒成立，在单调递增，当时，所以，解得.二、选择题(本大题共有4题，满分20分，每题5分)每题有且只有一个正确选项.考生应在答题纸的相应位置，将代表正确选项的小方格涂黑.13在数列中，已知，则“”是“是单调递增数列”的（）A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件【解析】已知，若，即，解得.若数列是单调递增数列，对任意的，即，所以，对任意的恒成立，故，因此，“”是“是单调递增数列”的充要条件.故选：C.14下列不等式恒成立的是（）ABCD【解析】对于选项A，（）（x+）（x+），而x+2或x+2
6、，令tx+（，22，+），则（）（x+）0，所以x+，故A正确；对于选项B，当xy2时，|xy|2，所以|xy|+22，故B错误；对于选项C，因为|xy|（xz）（yz）|xz|+|yz|，故C错误；对于选项D，因为（x+3）+（x1）2x+2+x2222（）0，所以D错误故选：A15如图，在棱长为1的正方体中，PQR分别是棱ABBC的中点，以PQR为底面作一个直三棱柱，使其另一个底面的三个顶点也都在正方体的表面上，则这个直三棱柱的体积为（）ABCD【解析】如图所示：连接,分别取其中点，连接，则，且，所以几何体是三棱柱，又，且，所以平面，所以，同理，又，所以平面PQR，所以三棱柱是直三棱柱，因
7、为正方体的棱长为1，所以,所以直三棱柱的体积为，故选：C16已知数列满足，则下列选项错误的是（）A数列单调递增B数列无界CD【解析】，所以数列单调递增，恒成立，故A，B正确；，所以，所以，故C正确：因为，所以，结合数列单调递增，所以，故D错误，故选：D.三、解答题（本大题共有5题,满分76分)解答下列各题必须在答题纸的相应位置写出必要的步骤.17.(本小题满分14分,第1小题满分6分,第2小题满分8分)如图，直三棱柱中，点D是BC的中点.(1)求三棱锥的体积；(2)求异面直线与所成角的大小.（结果用反三角函数值表示）【解析】(1)由题意得所以三棱锥的体积.即所求三棱锥的体积为.(2)连接，由题
8、意得，且，所以直线与所成的角就是异面直线与所成的角.在中，由余弦定理得，因为，所以.因此所求异面直线与所成角的大小为.18.(本小题满分14分.第1小题满分6分,第2小题满分8分)落户上海的某休闲度假区预计于2022年开工建设.如图，拟在该度假园区入口处修建平面图呈直角三角形的迎宾区，迎宾区的入口设置在点A处，出口在点B处，游客可从入口沿着观景通道A-C-B到达出口，其中米，米，也可以沿便捷通道A-P-B到达出口（P为ABC内一点）.(1)若PBC是以P为直角顶点的等腰直角三角形，某游客的步行速度为每分钟50米，则该游客从入口步行至出口，走便捷通道比走观景通道可以快几分钟？（结果精确到1分钟）
9、(2)园区计划将PBC区域修建成室外游乐场，若，该如何设计使室外游乐场的面积最大，请说明理由.【解析】(1)由题设，米，米，在中，由余弦定理得，于是 米.游客可从入口沿着观景通道A-C-B到达出口，所需时间为分钟，游客沿便捷通道A-P-B到达出口所需时间为分钟，所以该游客从入口步行至出口，走便捷通道比走观景通道可以快分钟.(2),设则 ，在中，.由正弦定理得 ，得.所以面积，当时，面积的最大值为平方米.19.(本小题满分14分,第1小题满分6分,第2小题满分8分)有人玩掷硬币走跳棋的游戏，已知硬币出现正反面为等可能性事件，棋盘上标有第0站，第1站，第2站，第100站.一枚棋子开始在第0站，棋手
10、每掷一次硬币，棋子向前跳动一次，若掷出正面，棋向前跳一站（从k到），若掷出反面，棋向前跳两站（从k到），直到棋子跳到第99站（胜利大本营）或跳到第100站（失败集中营）时，该游戏结束.设棋子跳到第n站概率为.（1）求，的值；（2）求证：，其中，并求及的值.【解析】（1）棋子开始在第0站为必然事件，.第一次掷硬币出现正面，棋子跳到第1站，其概率为，.棋子跳到第2站应从如下两方面考虑：前两次掷硬币都出现正面，其概率为；第一次掷硬币出现反面，其概率为.（2）证明：棋子跳到第n（）站的情况是下列两种，而且也只有两种：棋子先到第站，又掷出反面，其概率为；棋子先到第站，又掷出正面，其概率为.当时，数列是首
11、项为，公比为的等比数列.，.以上各式相加，得，.，.20.(本小题满分16分,第1小题满分4分,第2小题满分6分,第3小题满分6分)已知为椭圆C：内一定点，Q为直线l：上一动点，直线PQ与椭圆C交于AB两点（点B位于PQ两点之间），O为坐标原点.(1)当直线PQ的倾斜角为时，求直线OQ的斜率；(2)当AOB的面积为时，求点Q的横坐标；(3)设，试问是否为定值？若是，请求出该定值；若不是，请说明理由.【解析】(1)因为直线PQ的倾斜角为，且，所以直线PQ的方程为：，由，得，所以直线OQ的斜率是；(2)易知直线PQ的斜率存在，设直线PQ的方程为，由，得，设，则，所以，所以，解得，即，所以直线PQ的
12、方程为或，由，得；由，得；(3)易知直线PQ的斜率存在，设直线PQ的方程为，由，得，设，则，所以，因为，所以，所以，.21.(本小题满分18分,第1小题满分4分,第2小题满分6分,第3小题满分8分)已知函数的定义域为，若存在常数和，对任意的，都有成立，则称函数为“拟线性函数”，其中数组称为函数的拟合系数.(1)数组是否是函数的拟合系数？(2)判断函数是否是“拟线性函数”，并说明理由；(3)若奇函数在区间上单调递增，且的图像关于点成中心对称（其中为常数），证明：是“拟线性函数”.【解析】(1)因为所以当，当时，因为或，所以，所以数组是函数的拟合系数.(2)当时，对于恒成立，所以成立，当时，恒成立，所以成立，由可知，不能同时满足，所以函数不是 “拟线性函数”.(3)的图像关于点成中心对称，令x=0，得：，由于在区间上递增，为奇函数， 时，记，下面证明对一切，都有，为奇函数，即，由于 是周期函数，且一个周期为，因为当时，又因此时，当，由于均为奇函数，也为奇函数，当时，也成立，综合得: 时，,当时，因此，对一切， 都有，即恒成立.所以是“拟线性函数”.
