1、四川省棠湖中学2018-2019学年高二下学期期末考试理综-物理试题1.下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（ ）A. 图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成功解释了光电效应B. 图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率是不连续的C. 图丙：卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子D. 图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性【答案】B【解析】【详解】A.普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，爱因斯坦成功的解释了光电效应现象，A错误B.波尔提出自己的原子模型，他指出氢原子能级是分立的，解释了原子发射光子的频率是不连续的，B
2、正确C.卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，提出了自己的原子核式结构模型，C错误D.衍射是波的典型特征，根据电子束通过铝箔后的衍射图样，说明电子具有波动性，D错误2.a、b、c三个物体在同一条直线上运动。它们的位移时间图象如图所示，其中a是一条顶点坐标为（0，10）的抛物线，下列说法正确的是（）A. b、c两物体都做匀速直线运动，两个物体的速度相同B. 物体c的速度越来越大C. 物体a的加速度为0.4m/s2D. 在05s内，a、b两个物体间的距离逐渐变大【答案】D【解析】【详解】A、位移图象中倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，则知b、c两物体都做匀速直线运动。由图看出斜率看出，b、c两图线的斜率
3、大小相等、正负相反，说明两物体的速度大小相等、方向相反，速度不同，故A错误。B、位移图象的斜率表示速度，c图线的斜率不变，说明物体c的速度不变，故B错误。C、对于匀加速直线运动位移公式xv0tat2，可见，xt图象是抛物线，所以物体a一定做匀加速直线运动,在05s内a通过的位移为 x20m10m10m，将t5s，x10m代入xat2，解得a0.8m/s2故C错误。D、t0时刻a、b从同一位置出发开始运动，a物体沿正方向运动，b物体沿负方向运动，在05s内，a、b两个物体间的距离逐渐变大，故D正确。3.如图所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为，分别接有定值电阻和，且。原线圈接正弦交流电。电压
4、表为理想交流电压表。则A. 电阻和消耗功率之比为1：1B. 电压表和的示数之比为5：1C. 电压表和的示数之比为6：1D. 原副线圈磁通量变化率之比为5：1【答案】C【解析】【详解】设流过原线圈的电流为，流过副线圈的电流为，因。电阻和消耗功率之比，所以错误。电压表的示数，电压表的示数，所以，因此B错误，C正确。理想变压器原副线圈磁通量变化率相同，所以D错误。综上所述，选项C正确。4.如图,半圆球P和竖直挡板固定在水平面上挡板与P相切,光滑小球Q静止在P和挡板之间。已知Q的质量为m、P、Q的半径之比为4:1,重力加速度大小为g。则Q对P的压力大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解
5、】对Q受力分析如图所示设Q的半径为r，由几何关系得： 解得： 由平衡条件得： 解得：故选：B。5.如图所示，电路中二极管为理想二极管，正向电阻为零，反向电阻无穷大，电源内阻不能忽略，闭合开关S，电路稳定后，只改变下列一个条件能增大平行板电容器两板间电场强度的是（）A. 增大平行板电容器两板间距离B. 减小平行板电容器的正对面积C. 将滑动变阻器的滑片向b端移动D. 断开开关S【答案】C【解析】【详解】A只增大两板间的距离时，电容器的电容减小，因电压不变，故电容器应放电，但由于二极管有单向导电性，电容器不能放电，所以电容器的电量不变，增大板间距离时，根据推论可知，板间场强不变，故A错误；B减小平
6、行板电容器的正对面积，电容器的电容减小，因电压不变，故电容器应放电，但由于二极管有单向导电性，电容器不能放电，所以电容器的电量不变，电压不变，板间距不变，板间场强E=U/d不变，故B错误；C将滑动变阻器的滑片向b端移动，滑动变阻器电阻增大，分压变大，电容器的电压变大，板间场强变大，故C正确；D只断开开关S，电容器不能放电，电容器上的电量不变，故两板间的电压不变，板间场强不变，故D错误。6.如图所示，轻杆可以绕O点自由转动，两轻绳AC和BC长度相同，A、B端固定在轻杆上，另一端系于C点悬挂重物m，ACB大于90，某同学缓慢转动轻杆将重物抬起，直到BC绳竖直的过程中，下列说法正确的是（）A. AC
7、绳的拉力一直减小B. AC绳的拉力先增大后减小C. BC绳的拉力一直增大D. BC绳的拉力先增大后减小【答案】AD【解析】【详解】对结点C进行受力分析，其受力如图：C点受到重物的拉力mg，AC的拉力以及BC的拉力，由三力平衡的特点可知，AC与BC的拉力的合力与重物对C的拉力大小相等，方向相反。当B点逐渐升高的过程中，AC与BC之间的夹角不变，重物对C的拉力方向始终向下，若以C点为圆心，以mg大小为半径做一个圆，则AC与BC的合力的方向将顺时针转动，如图：由平行四边形定则可知，AC的拉力与BC的拉力将如图变化；可知拉力AC逐渐减小，而当AC的平行线与圆相切时（图中得红色线），拉力BC达到最大值，
8、此后继续抬高B点，则BC的拉力减小，所以整个的过程中BC的拉力先增大后减小。由以上的分析可知，AD正确，BC错误。7.如图所示，真空中有两个点电荷Q1、Q2分别固定在x轴上的x1=0和x2的位置上。将一试探电荷q放置在x0处恰好静止。现将Q2的固定点左移少许距离，将该试探电荷q仍放置在x0处，则A. 试探电荷q一定向右运动B. 试探电荷q所受电场力一定向左C. 电场力对试探电荷一定是先做正功D. 试探电荷的电势能一定是先减小【答案】CD【解析】分析】开始时，x0点场强为零；当移动Q2后x0点的场强不再为零，则电荷放置在该点时不再平衡，要发生移动，电场力做正功，电势能减小；【详解】将一试探电荷q
9、放置在x0处恰好静止，说明x0点的场强为零，即Q1在x0处产生的场强与Q2在x0处产生的场强等大反向；将Q2的固定点左移少许距离，则Q2在x0处产生的场强减小，x0处的合场强不再等于零，但是由于不知道Q1和Q2的电性，则不知道合场强的方向，则将该试探电荷q仍放置在x0处时，不能判断它受力的方向以及运动的方向，但是可知电场力对试探电荷一定是先做正功，电势能先减小，选项AB错误，CD正确；故选CD.8.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与质量为m的圆环相连，圆环套在倾斜的粗糙固定杆上，杆与水平面之间的夹角为，圆环在A处时弹簧竖直且处于原长。将圆环从A处由静止释放，到达C处时速度为零。若圆环在C处获
10、得沿杆向上的速度v，恰好能回到A。已知ACL，B是AC的中点，弹簧始终在弹性限度之内，重力加速度为g，则（ ）A. 下滑过程中，其加速度先减小后增大B. 下滑过程中，环与杆摩擦产生热量为mv2C. 从C到A过程，弹簧对环做功为mgLsinmv2D. 环经过B时，上滑的速度小于下滑的速度【答案】AC【解析】【详解】A环由A到C，初速度和末速度均为0，环先加速后减速，加速度先减小后增大，选项A正确；BC环由A到C，有mgLsinEpCQ，环由C到A，有EpCQmgLsin mv2，解得Q mv2，EpCmgLsinmv2，选项C正确，B错误；D由功能关系可知，圆环由A下滑至B，有mghWfW弹mv
11、B20，圆环由B上滑至A，有mghWfW弹0mvB2，故可知，环经过B时，上滑的速度大于下滑的速度，选项D错误。三、非选择题： （一）必考题： 9.某实验小组利用下图甲所示器材测量滑块与木板之间的动摩擦因素。 实验步骤：用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力，记作G；将装有橡皮泥滑块放在水平木板上，通过水平细绳和固定弹簧秤相连，如图所示。在A端向右水平拉动木板，待弹簧秤示数稳定后，将读数记作F；改变滑块上橡皮泥的质量，重复步骤；实验数据如下表所示： 次数力123456G/N1.502.002.503.003.504.00F/N0.590.830.991.221.371.61（1）根据表中数据在图乙坐
12、标纸上作出FG图线_。（2）由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数_(保留两位有效数字)。（3）在A端向右水平拉动木板速度的大小对动摩擦因数的测量_（选填“会”或“不会”）产生影响。【答案】 (1). （1）Failed to download image : null； (2). （2）0.390.41 (3). （3）不会【解析】【详解】（1）根据表格中的数据在坐标纸上作出F-G图线。如图所示。（2）由题意可知，稳定时，弹簧秤的示数等于滑块与木板间的滑动摩擦力，根据 知，图线的斜率等于滑块与木板间的动摩擦因数，则 。（3）滑动摩擦力与相对速度无关，则在A端向右水平拉动木板速度的大小对动摩擦因数
13、的测量不会产生影响。10.某同学要测量一导体的电阻，步骤如下：(1)先用欧姆表粗测该导体的电阻值，选择“1”档，进行欧姆调零后，测量时表盘示数如图，该电阻阻值R=_；(2)现用伏安法更精确地测量其电阻R，要求测量数据尽量精确，可供该同学选用的器材除开关、导线、待测电阻R外还有：A.电压表V(量程015 V,内阻未知)B.电流表A1(量程0200 mA，内阻r1=6)C电流表A2(量程03 A，内阻r2= 0.1)D.滑动变阻器R1(010，额定电流2A)E.滑动变阻器R2(01k，额定电流0.5A)F.定值电阻R3(阻值等于2)G电源E(E12V，内阻不计)实验中除了选择器材A、F、G外，还应
14、选择_（填写器材前面的字母）；请在方框中画出实验电路图_：某次测量中，所选择的电流表和电压表的读数为I、U，该电阻R=_（用题中物理量的字母表示）；【答案】 (1). 15 (2). BD (3). (4). 【解析】【详解】（1）根据欧姆表读法，电阻=示数倍率，所以为15；（2）选器材就是选择电流表和滑动变阻器，由电动势12V除以待测电阻大约15，得到通过待测电阻的最大电流为0.8A，所以A2表3A的量程过大，因此选A1表，即B项；滑动变阻器阻值1k过大，阻值利用效率过低，所以选择小滑动变阻器D。控制部分：使用分压式接法；待测部分：由于A1表量程不足0.8A，故需要改表，需要并联一个阻值为R
15、3=2的定值电阻，为了精确测量，需要使用电流表内接法。电路如图；根据电路连接，通过R的电流为： ，则电阻R大小为11.如图1所示，光滑绝缘斜面的倾角=30，整个空间处在电场中，取沿斜面向上的方向为电场的正方向，电场随时间的变化规律如图2所示。一个质量m=0.2kg，电量q=1105C的带正电的滑块被挡板P挡住，在t=0时刻，撤去挡板P。重力加速度g=10m/s2，求：(1)04s内滑块的最大速度为多少?(2)04s内电场力做了多少功?【答案】（1）20m/s（2）40J【解析】【分析】对滑块受力分析，由牛顿运动定律计算加速度计算各速度。【详解】【解】(l)在02 s内，滑块的受力分析如图甲所示
16、，电场力F=qE解得 在2 -4 s内，滑块受力分析如图乙所示解得因此物体在02 s内，以的加速度加速，在24 s内，的加速度减速，即在2s时，速度最大由得， (2)物体在02s内与在24s内通过的位移相等通过的位移在02 s内，电场力做正功 -在24 s内，电场力做负功电场力做功W=40 J12.如图所示、两根足够长光滑平行金属导轨间距l=0.9m，与水平面夹角=30，正方形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度B=2T，方向垂直与斜面向上，甲、乙是两根质量相同、电阻均为R=4.86的金属杆，垂直于导轨放置。甲置于磁场的上边界ab处，乙置于甲上方l处，现将两金属杆由静止同时释放，并立即在甲上施
17、加一个沿导轨方向的拉力F，甲始终以a=5m/s2的加速度沿导轨匀加速运动，乙进入磁场时恰好做匀速运动，g=10m/s2。计算：(1)每根金属杆的质量m；(2)拉力F的最大值；(3)乙到达磁场下边界时两杆间的距离及乙穿过磁场的过程中电路产生的热量。【答案】（1）0.2kg（2）1N（3）0.225m；0.9J【解析】【分析】（1）由题意乙进入磁场前做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求解加速度，根据运动公式求解进入磁场的速度；乙进入磁场后做匀速直线运动，由平衡条件可求解每根金属棒的质量；（2）因甲乙下滑的加速度相等，可知当甲在磁场中滑动时，乙还未进入磁场，根据牛顿第二定律列出F的表达式
18、，甲做匀加速直线运动，v逐渐增大，拉力F逐渐变大；则当甲滑到cd位置时导体棒的速度最大，F最大；（3）甲出离磁场后做匀加速运动；乙在磁场中做匀速运动，由运动公式求解乙到达磁场下边界时两杆间的距离；乙穿过磁场过程产生的热量等于乙机械能的减小量：【详解】（1）由题意得：乙进入磁场前做初速度为零的匀加速直线运动，加速度： =10sin30=5m/s2； 乙进入磁场时的速度：=3m/s乙进入磁场后做匀速直线运动，由平衡条件得：解得：m=0.2kg（2）因甲乙下滑的加速度相等，可知当甲在磁场中滑动时，乙还未进入磁场，则甲在磁场中受到的安培力：由牛顿第二定律可得： 甲做匀加速直线运动，逐渐增大，拉力逐渐变
19、大；则当甲滑到cd位置时导体棒的速度最大，F最大，此时甲的速度，则代入数据解得：F=1N（3）乙从进入磁场到到达磁场下边界的时间； 当乙进入磁场时，甲刚好出离磁场，速度为v=3m/s，甲出离磁场后的加速度仍为5m/s2，则t=0.3s内的位移 ，则此时甲乙两棒相距 乙穿过磁场过程产生的热量等于乙机械能的减小量：物理选修3-3 13.密闭的固定容器内可视为理想气体的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度时，则A. 氢分子的平均动能增大B. 氢分子的势能增大C. 氢气的内能增大D. 氢气的内能可能不变E. 氢气的压强增大【答案】ACE【解析】【详解】
20、温度升高，则氢分子的平均动能增大，选项A正确；理想气体的分子势能为零，选项B错误； 一定质量的理想气体的内能只与温度有关，则氢气的内能增大，选项C正确，D错误；气体的体积不变，温度升高，根据PV/T=C可知，氢气的压强增大，选项E正确；故选ACE.14.如图所示在绝热气缸内，有一绝热活塞封闭一定质量的气体，开始时缸内气体温度为27，封闭气柱长为9 cm，活塞横截面积S50 cm2。现通过气缸底部电阻丝给气体加热一段时间，此过程中气体吸热22 J，稳定后气体温度变为127。已知大气压强等于105 Pa，活塞与气缸间无摩擦，不计活塞重力。求：加热后活塞到气缸底部的距离；此过程中气体内能改变了多少。
21、【答案】12cm 7J【解析】【详解】取封闭的气体为研究对象，开始时气体的体积为L1S温度为：T1=273+27=300K末状态的体积为L2S，温度为：T2=273+127=400K气体做等压变化，则 解得：L2=12cm 在该过程中，气体对外做功 由热力学第一定律U=Q-W解得U=7J. 物理选修34 15.由a、b两种单色光构成复色光束从水中斜射入空气中的光路图如图所示,关于a、b两种单色光,下列说法正确的是_A. a光的频率小于b光的频率B. 从同种介质中斜射入空气发生全反射时,a光的临界角小于b光的临界角C. 在同种介质中传播,a光传播速度大于b光的传播速度D. 相同条件的双缝干涉实验
22、中,a光的相邻明条纹间距比b光的相邻明条纹间距小E. 通过同一狭缝,a光的衍射现象比b光的衍射现象更明显【答案】ACE【解析】【详解】由光路可知b的折射程度大于a，可知b的折射率大于a，b光的频率大于a光的频率，选项A正确；根据sinC=1/n可知，从同种介质中斜射入空气发生全反射时，b光的临界角小于a光的临界角，选项B错误；根据n=c/v可知在同种介质中传播，a光传播速度大于b光的传播速度，选项C正确；b光波长小于a光，根据可知，相同条件的双缝干涉实验中,b光的相邻明条纹间距比a光的相邻明条纹间距小，选项D错误；b光波长小于a光，则通过同一狭缝，a光的衍射现象比b光的衍射现象更明显，选项E正确；故选ACE.16.在xoy平面内沿x轴正方向传播的简谐横波上,某时刻a质点处于平衡位置且向y轴正方向振动,b质点处于波峰处,如图所示,若该波周期T=0.2s,求该波的传播速度v。【答案】）【解析】【详解】由题意得：该时刻满足a质点在平衡位置且向y轴正方向振动、b质点在波峰处的最简波形图如图所示，则： （n=0、1、2、3.）故 （n=0、1、2、3.）由得：（n=0、1、2、3.）
