1、小测试二测试时间：15分钟满分：30分第1组(15分)12016昆明七校调研(4分)某同学采用如图甲所示的装置探究物体的加速度与所受合力的关系。用砂桶和砂的重力充当小车所受合力F，通过分析打点计时器打出的纸带，测量加速度a。分别以合力F和加速度a作为横轴和纵轴，建立坐标系。根据实验中得到的数据描出如图乙所示的点迹，结果跟教材中的结论不完全一致。该同学对这种结果的原因分析如下：(1)当F0时，小车的加速度不为0的可能原因是_。A小车的质量远大于砂桶和砂的质量B在平衡摩擦力时将木板右端垫得过高C没有平衡摩擦力或者在平衡摩擦力时将木板右端垫得过低(2)当F较大时，图象发生弯曲，aF图线不再是线性关系
2、的可能原因是_。A砂桶和砂的质量过大，不满足砂桶和砂的质量远小于小车质量的实验条件B小车与轨道之间存在摩擦C测量小车的质量或者加速度时的偶然误差过大答案(1)B(2分)(2)A(2分)解析(1)当F0时，小车的加速度不为0，即小车没有拉力时就加速运动，其原因是在平衡摩擦力时将木板右端垫得过高，小车重力沿斜面的分力大于摩擦力，选项B正确。(2)为了使砂桶和砂的重力近似等于小车所受拉力，必须使砂桶和砂的质量远小于小车的质量。实验中逐渐增大砂桶和砂的质量，拉力逐渐增大。当砂桶和砂的质量过大，不满足砂桶和砂的质量远小于小车质量的实验条件时，aF曲线发生弯曲，选项A正确。22016四川高考(11分)用如
3、图所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：待测电源(电动势约3 V，内阻约2 )，保护电阻R1(阻值10 )和R2(阻值5 )，滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干。实验主要步骤：将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线(U、I都用国际单位)；求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。回答下列问题：(1)电压表最好选用_；电流表最好选用_。A电压表(03 V，内阻约15 k)B电压表(03 V，内阻约3 k)C电流表(0200 mA，内阻约2 )D电流表(03
4、0 mA，内阻约2 ) (2)滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大。两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_。 A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱 B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱 C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱(3)选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E_，r_，代入数值可得E和r的测量值。答案(1)A(2分)C(2分)(2)C(2分)(3)ak(2分)kR2(3分)解析(1)测电源的电动势和内阻的原理为闭合电路的欧姆定律，即UEIr
5、，I是电路中的总电流，实际测量时电压表的分流作用会引起系统误差，为了减小系统误差，应选用内阻较大的电压表，即选A；由于电路中的最大电流约为I A0.176 A176 mA，应选C。(2)滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，说明滑动过程中滑动变阻器接入电路的阻值增大，因此说明一根导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱，C项正确。(3)图象斜率绝对值krR2，图象与横轴的截距为电压表短路时的电流，即a，因此电源的内阻rkR2，电源的电动势Eka。第2组(15分)12017江西六校模拟(6分)某实验小组的同学制作了一个弹簧弹射装置，轻弹簧两端各放一个金属小球
6、(小球与弹簧不连接)，压缩弹簧并锁定，然后将锁定的弹簧和两个小球组成的系统放在内壁光滑的金属管中(管径略大于两球直径)，金属管水平固定在离地面一定高度处，如图所示。解除弹簧锁定，则这两个金属小球可以同时沿同一直线向相反方向弹射。现要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，并探究弹射过程所遵循的规律，实验小组配有足够的基本测量工具，并按下述步骤进行实验：用天平测出两球质量分别为m1、m2；用刻度尺测出两管口离地面的高度均为h；解除弹簧锁定弹出两球，记录下两球在水平地面上的落点M、N。根据该小组同学的实验，回答下列问题：(1)要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，还需要测量的物理量有_。A弹簧的压
7、缩量xB两球落地点M、N到对应管口P、Q的水平距离x1、x2C小球直径D两球从弹出到落地的时间t1、t2(2)根据测量结果，可得弹性势能的表达式为_。(3)用测得的物理量来表示，如果满足关系式_，则说明弹射过程中系统动量守恒。答案(1)B(2分)(2)Ep(2分)(3)m1x1m2x2(2分)解析(1)弹簧弹出两球过程中，系统机械能守恒，要测定压缩弹簧的弹性势能，可转换为测定两球被弹出时的动能，实验中显然可以利用平抛运动测定平抛初速度以计算初动能，因此在测出平抛运动下落高度的情况下，只需测定两球落地点M、N到对应管口P、Q的水平距离x1、x2，所以选B。(2)平抛运动的时间t，初速度v0，因此
8、初动能Ekmv，由机械能守恒定律可知，压缩弹簧的弹性势能等于两球平抛运动的初动能之和，即Ep。(3)若弹射过程中系统动量守恒，则m1v01m2v02，代入初速度得m1x1m2x2。22016山西四校二模(9分)某小组同学通过实验测量金属丝的电阻率，现有的器材规格如下：A待测金属丝电阻Rx(大约10 ，长度为L)B直流电流表A1(量程0100 mA，内阻约10 )C直流电流表A2(量程00.6 A，内阻约4 )D直流电压表V(量程03 V，内阻为3 k)E定值电阻R03 kF直流电源(输出电压6 V，内阻不计)G滑动变阻器R(阻值范围05 ，允许最大电流2 A)H开关一个、导线若干(1)用螺旋测
9、微器测量金属丝的直径d，示数如图所示，读数为_mm。(2)根据器材的规格和实验要求，为了减小测量误差，直流电流表应选_(填选项前的字母)。 (3)在虚线框内画出实验电路图(要求电压和电流的变化范围尽可能大一些)。(4)某次测量中，电流表的读数为I，电压表的读数为U，则该金属丝的电阻率表达式为_(用题中所给物理量的字母表示并忽略电表内阻的影响)。答案(1)2.200(2.1982.202均可，2分)(2)C(2分)(3)如图所示(3分)(4)(2分)解析(1)螺旋测微器固定刻度部分读数为2 mm，可动刻度部分读数为20.00.01 mm0.200 mm，所以金属丝直径为2.200 mm。(2)实验器材中唯一的电源电动势为6 V，待测电阻阻值约为10 ，故通过金属丝的最大电流约为0.6 A，所以电流表选C。(3)若使电压和电流变化范围尽可能大，则滑动变阻器需采用分压式接法；由于待测电阻(10 )与电流表内阻相差不大，远远小于电压表内阻，所以电流表应外接。由于电压表量程较小，需串联一定值电阻改装为大量程电压表。(4)由欧姆定律可知：Rx，由电阻定律可知：Rx，Sd2，联立解得：。
