1、孝感一中高三物理同步测试(五)一、选择题（本题共8小题；每小题5分，共40分）1下列对几种现象的解释中，正确的是 A击钉时不用橡皮锤，是因为橡皮锤太轻 B跳高时，在沙坑里填沙，是为了减小冲量C在推车时推不动，是因为外力冲量为零D动量相同的两个物体受相同的制动力的作用时，质量小的先停下来。2一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是t,上升的最大高度是H，所受空气阻力大小恒为F,则在时间t内A物体受重力的冲量为零B在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小C物体动量的增量大于抛出时的动量D物体机械能的减小量等于FH3古时有“守株待兔”的寓言，设兔子的头部受到大小为自身体重
2、2倍的打击力时即可死，如果兔子与树桩的作用时间为0.2s，则被撞死的兔子其奔跑速度可能是：(g=10ms2)A1.5msB2.5msC3.5msD4.5msPQSO4如图所示，PQS是固定于竖直平面内的光滑的 圆周轨道，圆心O在S的正上方。在O和P两点各有一质量为m的小物块a和b，从同一时刻开始，a自由下落，b沿圆弧下滑。以下说法正确的是Aa比b先到达S，它们在S点的动量不相等Ba比b同时到达S，它们在S点的动量不相等Ca比b先到达S，它们在S点的动量相等Db比a先到达S，它们在S点的动量相等5半径相等的两个小球甲和乙，在光滑的水平面上沿同一直线相向运动。若甲球质量大而乙球质量，碰撞前两球动能
3、相等，则碰撞后两球的运动状态可能是A甲球的速度为零而乙球的速度不为零B乙球的速度为零而甲球的速度不为零C两球的速度均不为零D两球的速度方向均与原方向相反，两球的动能仍相等6如图所示，质量分别为m1和m2的大小相同的物块，分别以速度v1、v2沿斜面向下匀速滑行，且v1 v2。m2的右端安有轻弹簧。在它们发生相互作用后,两物块又分开。在m1和m2（包括弹簧）相互作用的过程中,下列说法中正确的是 m1m2v2v1A由于有重力和摩擦力作用，所以该过程不适用动量守恒定律B由于系统所受合外力为零，所以该过程一定适用动量守恒定律C当m1m2的值足够大时，该过程一定适用动量守恒定律D当m1m2的值足够小时，该
4、过程一定适用动量守恒定律7如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动.两球质量关系为，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量增量为-4kgm/s，则A左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2:5B左方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:10C右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为2:5D右方是A球，碰撞后A、B两球速度大小之比为1:108如图，质量为3 kg的木板放在光滑水平面上，质量为1 kg的物块放在木板上，它们之间有摩擦，木板足够长，两者都以4 m/s的初速度向相反方向运动，当木板的速度为 2.4 m/s时，物块A加速
5、运动 B减速运动C匀速运动 D静止不动9在光滑的水平面上，静止着长为L的方木块M，现有A、B两颗子弹，沿同一轴线，以水平速度VA、VB且VAVB从M两侧同时射入方木块，A、B在木块中嵌入的深度分别为dA、dB，dA+dBdB BdAdBC射入前A的动能大于B的动能D射入前A的动量大小等于B的动量大小10如图所示，A、B两物体质量之比mA:mB=3:2，它们原来静止在平板车C上，A、B间有一根被压缩了的弹簧，A、B与平板车上表面间动摩擦因数相同，地面光滑，当弹簧突然释放后，则有AA、B系统动量守恒BA、B、C系统动量守恒C小车向左运动D小车向右运动班级_ 姓名_ 分数_题号12345678910
6、答案.二本题共2小题，共14分。把答案填在_上。11（6分）如图为气垫导轨上两个滑块A、B相互作用后运动过程的频闪照片，频闪的频率为10Hz开始时两个滑块静止，它们之间有一根被压缩的轻质弹簧，滑块用绳子连接，绳子烧断后，两个滑块向相反方向运动已知滑块A、B的质量分别为200g、300g根据照片记录的信息，释放弹簧，A、B离开弹簧后，A滑块做_运动，其速度大小为_m/s，本实验中得出“在实验误差范围内，两木块组成的系统动量守恒”这一结论的依据是_ 12（8分）为验证“两小球碰撞过程中动量守恒”，某同学用如图所示的装置进行了如下的实验操作：先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和
7、复写纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处，使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；将木板向右平移适当的距离，再使小球a从原固定点由静止释放，撞在木板上得到痕迹B；然后把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球a仍从原固定点由静止开始滚下，和小球b相碰后，两球撞在木板上得到痕迹A和C。用天平测量a、b两小球的质量分别为ma、mb，用刻度尺测量纸上O点到A、B、C三点的距离分别为y1、y2和y3。根据上述实验，请回答下列问题：本实验中所选用的两小球质量关系为ma mb（选填“”、“”或“”）；小球a下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力，这对实验结果 产生误差（
8、选填“会”或“不会”）；用本实验中所测得的量来验证两球碰撞过程动量守恒，其表达式为 。三论述、计算题（共66分）13（8分）如图所示，质量为m的小球用长度为L的轻质细绳悬挂于O点，现将它拉至A 处，使细绳与竖直方向的夹角为（5），然后无初速释放，不计空气阻力作用，它经过一段时间第一次到达最低点B。求：（1）所经历的时间t （2）该过程中重力产生的冲量大小IG（3）该过程中小球的动量变化P （4）该过程中绳的拉力产生的冲量大小IF14（8分）“蹦床”已成为奥运会的比赛项目质量为m的运动员从床垫正上方h1高处自由落下，落垫后反弹的高度为h2，设运动员每次与床垫接触的时间为t，求在运动员与床垫接触的
9、时间内运动员对床垫的平均作用力（空气阻力不计，重力加速度为g）某同学给出了如下的解答：设在时间t内，床垫对运动员的平均作用力大小为F，运动员刚接触床垫时的速率为v1，刚离开床垫时的速率为v2，则由动量定理可知 由机械能守恒定律分别有 由式联立可得 该同学解答过程是否正确？若不正确，请指出该同学解答过程中所有的不妥之处，并加以改正15（10分）如图所示，在高为h=2.45m的光滑水平平台的边缘放着木块A，其质量为M=0.9kg，有一质量m=100g的子弹，以v0=500m/s的速度水平射穿木块A后，与A离开平台落到水平地面上（设射穿过程时间很短）。测的子弹落地点到平台边缘的水平距离为60.2m不
10、及空气阻力，视木块和子弹均为质点，取g=10m/s2(1) 子弹射穿木块后子弹的速度Av0Ah(2) 木块落地点到平台边缘的水平距离16（12分）一根均匀的米尺,质量为0.2kg,放在水平桌面上,它与桌面间的动摩擦因数为0.16,有长度露在桌外,现有一水平拉力沿着米尺方向作用在米尺上作用1S,为使米尺能从桌边落下,外力F至少应为多少?abcABRBMm17（13分）如图所示，abc是光滑的轨道，其中ab是水平的，bc为竖直平面内的半圆且与ab相切，半径R=0.3m。质量m=0.5kg的小球A静止在轨道上，另一个质量M=1.0kg的小球B，以速度v0=6.5m/s与小球A正碰。已知碰撞后小球A经
11、过半圆的最高点c落到轨道上距b点为L=4R处，g取10m/s2，求 ： 碰撞结束时小球A和B的速度大小；A球在c点对轨道的压力；论证小球B能否沿半圆轨道到达c点。18（15分）宇航员在某一星球上以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球又落回到抛出点然后他用一根长为L的细绳把一个质量为m的小球悬挂在O点，使小球处于静止状态现在最低点给小球一个水平向右的冲量I，使小球能在竖直平面内运动，若细绳在小球运动过程中始终处于拉紧状态，则冲量I应满足什么条件？参考答案题号12345678910答案CBCDAACCCABDBC11匀速（2分）0.09（2分）弹簧释放后A、B两滑块的动量大小相等方向相反
12、，系统的总动量为0，与弹簧释放前相等（4分，答出大意即可）12 （2分） 不会 （2分） （4分）13. (1)由单摆知识可得： T=2 由A第一次到B，小球所用时间是四分之一周期，即：t= (2)由冲量定义可得：I (3)P=P P P=mv 由机械能守恒定律得： =mgL(1-cos)由得：P=m (4)小球在重力和绳的拉力的冲量作用下，动量的改变量为P，且方向水平，又因重力的冲量方向向下，所以由矢量的合成法则可得： I=P+I 由式得：I=m 14. 此同学解答有如下错误（1）原解法中式中未注意动量的矢量性 正确的表达式为 规定竖直向上方向为正， （2）式中冲量应为合外力的冲量，即垫对运
13、动员的作用力和重力的合力冲量正确的表达式为 （3）题中所求F为床垫对运动员的作用力，而题要求运动员对床垫的作用力 正确的表述为 由牛顿第三定律可得，运动员对床垫的作用力大小 （4）未说明运动员对床垫作用力的方向，应给出“运动员对床垫作用力的方向竖直向下” 15（1）设子弹设穿木块后子弹的速度为v0，木块速度为v,子弹和木块飞行时间为th=1/2gt2- t=0.7s-v0，=s/t=86m/s- （2）设木块落地点到桌子边缘水平距离为s，mv0=Mv+m v0，- v=46m/s-s=vt=32.2m- 16取米尺为研究对象，设从开始运动到停止运动用的时间为位移为，拉力停止作用对尺子的运动速度
14、为，则由动量定理可知。对全过程有 （2分）拉力作用时间段 （2分）由运动学知识 （2分）联立可知欲使尺子从水平桌面落下必使尺子的重心出桌子边缘。（2分） 故有 代入数字可知 化简得 解得 故 F至少为0.4N (4分)17（1）设球A在c点的速度为v，根据平抛运动规律有vt=4R 2R= 得：v= 设A碰后速度为vA，由机械能守恒定律有=+mg2R 得：vA=6m/s 由动量守恒定律有Mv0=mvA+MvB 得vB=3.5m/s （2）由牛顿第二定律有N+mg=m 得：N=-mg=35N 由牛顿第三定律知A球对轨道的压力大小为35N，方向竖直向上。（3）若B恰能到达c点，则c点的速度vc满足：
15、Mg=M，vc= B在最低点的最小速度vB满足： vB=m/s 而由第（1）问中求出的B碰后的速度vB=3.5m/s 所以B不能沿半圆轨道到达c点。 18设该星球表面附近重力加速度为g，由竖直上抛运动公式得： （1）当小球摆到与悬点等高处时，细绳刚好松弛，小球对细绳无力的作用，则小球在最低点的最小速度为vmin。由机械能守恒得： 由动量定理得： 解得：。（2）当小球做圆周运动经过最高点时，细绳刚好松弛，小球对细绳无力的作用，则小球在最低点的最大速度为vm，根据机械能守恒有： 在最高点有：又 解得： 根据以上所求情况，要使小球在运动的过程始终对细绳有力的作用，则冲量I应满足： 或。孝感一中高三物
16、理同步测试(六)一、选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分）1关于物体的运动，以下说法正确的是A物体做平抛运动时，加速度大小不变B物体做匀速圆周运动时，加速度大小和方向都不变C物体做曲线运动时，加速度方向一定改变D物体做曲线运动时，加速度大小和方向可能变也可能不变路面路基2如图所示，修建铁路、公路的路基时，允许的边坡倾角最大值叫做“自然休止角”，如果边坡超过自然休止角会导致路基不稳定，关于与土壤颗粒之间的动摩擦因数 的关系，下列说法中正确的是Atan BtanCtan D与无关3粗糙斜面固定在水平面上，木块由斜面顶端静止开始匀加速下滑，当下滑时间为t时，下滑距离为s，下滑速度为v，动能为
17、Ek，则下面哪些结论正确？A木块的下滑速度v与下滑时间t成正比，B木块的下滑速度v与下滑距离s成正比，C木块的下滑距离s与下滑时间t成正比，D木块的动能Ek与下滑距离s成正比。4如图所示，质量为m0的弹簧称的挂钩下面悬挂一个质量为m的重物，现用一方向竖直向上的外力F拉着弹簧秤，使其向上做匀加速直线运动，则弹簧秤的读数与拉力之比为Am0 / m B m / m0 Cm0 / (m + m0) D m / (m + m0) 5如图所示，A、B、C、D四图中的小球以及小球所在的斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，小球下落同样的高度，便进入不同的轨道：除去底部一小段圆弧A图中的轨道是一段斜面
18、，且高于h；B图中的轨道与A图中轨道比较只是短了一些，斜面高度低于h；C图中的轨道是一个内径大于小球直径的管，其上部为直管，下部为圆弧形，底端与斜面衔接，管的高度高于h；D图中的轨道是半个圆轨道，其直径等于h如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入轨道后能运动到h高度的图是6在交通事故中，测定碰撞瞬间汽车的速度，对于事故责任的认定具有重要的作用中国汽车驾驶员杂志曾给出一个计算碰撞瞬间车辆速度的公式：V，式中L是被水平抛出的散落在事故现场路面上的两物体沿公路方向上的水平距离，h1、h2分别是散落物在车上时候的离地高度只要用米尺测量出事故现场的L、h1、h2三个量，根据上述公式就能够计算出
19、碰撞瞬间车辆的速度不计空气阻力，g取9.8 m/s2，则下列叙述正确的是AA、B落地时间相同BA、B落地时间差与车辆速度无关CA、B落地时间差与车辆速度成正比DA、B落地时间差与车辆速度乘积等于L7如图（甲）所示，物体原来静止在水平面上，今用一水平外力F拉物体，在外力F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（乙）所示。根据图（乙）中所标示数据可计算出A物体的质量B物体与水平面之间的滑动摩擦力C物体与水平之间的最大静摩擦力D在外力F为14N时，物体的速度最大tvv0v0/2t1t2tvv0v0/2t1t2tFF0F0/2t1t2tFF0F0/2t2t
20、1ABCD8汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0。t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动。下面几个关于汽车牵引力F、汽车速度v在这个过程中随时间t变化的图像中正确9同步卫星轨道半径为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2；第一宇宙速度为v2；地球半径为R。则下列关系式正确的是A= B=()2 C= D=10如图所示，甲、乙两船在同一条河流中同时渡河，河的宽度为，河水流速为，划船速度均为，出发时两船相距，甲、乙船头均与岸边成60角，且乙船恰好能直达正对岸的点
21、，则下列判断正确的是 A甲、乙两船到达对岸的时间相等B两船可能在未到达对岸前相遇 C甲船在点左侧靠岸D甲船也在点靠岸班级_ 姓名_ 分数_题号12345678910答案二本题共3小题，共20分。把答案填在_上。11（1）（2分）常用螺旋测微器的精度0.01mm，如图所示的螺旋测微器的读数为5.620mm，请你在刻度旁边的方框内标出符合该读数的数字。（2）（2分）在利用打点计时器做验证机械能守恒定律的实验中必须应用的测量仪器是 （填序号）。A游标卡尺 B刻度尺 C天平 D秒表12（8分）在验证碰撞中的动量守恒实验中，让质量为m1的小球从斜面上某处自由滚下与静止在支柱上质量为m2的小球发生对心碰撞
22、，则（1）两小球质量的关系应满足（ ）m1= m2m1m2m1m2没有限制（2）实验必须满足的条件是（ ）轨道末端切线必须是水平的斜槽轨道必须光滑 入射球m1每次必须从同一高度滚下入射球和被碰球的球心在碰撞瞬间必须在同一高度（3）实验中必须测量的量是（ ）小球的质量小球的半径桌面离地的高度小球起始高度从两球相碰到两球落地的时间入射球单独滚下的水平距离两小球相碰后飞出的水平距离13（8分）物理学是很实用的一门学科，在工农业生产中有许多运用请你用所学的物理知识帮助农民估测出农用水泵的流量（在单位时间内通过流管横截面的流体的质量或体积称为流量）已知水泵的出水管是水平的，且出水管外径在10cm左右提供
23、的实验器材有：一把钢卷尺、游标卡尺、螺旋测微器、一长直细木棒和一重锤线（1）写出测量的主要步骤和需要测量的物理量A用_测出水管的_；B用重锤线和钢卷尺测出_离地面的高度y；C用木棒从出水口正下方伸到_，在木棒上做上记号，用钢卷尺测出水的_（2）用测得的物理量和有关常量，写出计算水泵流量的表达式为：Q =_三论述、计算题（共90分）14(12分)如图所示，装满苹果的箱子以2m/s初速度在地面上向右滑动，滑动2 m停下，则在滑动过程中箱子中间一质量为0.5 kg的苹果受到周围苹果的作用力有多大？ 翰林汇有同学在解决上述问题时提出如下思路：先整体考虑，利用运动学公式求出箱子加速度a ,再对苹果个体考
24、虑，利用牛顿定律求出作用力F=ma,方向向右。请判断上述解题思路是否正确，若正确，求出结果；若错误，说明错误原因并正确解答。15（13分）如图所示，质量分别为m1、m2的光滑小球放在上表面光滑的半球上，受到在同一平面内长分别为l1、l2的轻绳的牵引（已知l1、l2与O/O的夹角分别为和，且），在半球球心O点正上方的转盘O/的带动下做匀速圆周运动，为使两球都不离开半球，求转盘O/转动的角速度。16（14分）如图所示，质量为M的物体，在合外力F 的作用下，在一条直线上做匀加速直线运动，物体的初速度为v0 ，加速度大小为a，经过时间t后物体的末速度为vt ,通过的位移s，解答下列问题： （1）由匀变
25、速直线运动的速度公式和位移公式推出（2）写出t/2时刻的即时速度表达式（3）由运动学公式和牛顿第二定律推出动能定理表达式。17（15分）一辆汽车的质量是5103kg ，发动机的额定功率为60kw，汽车所受阻力恒为5000N，如果汽车从静止开始以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，功率达到最大后又以额定功率运动了一段距离后汽车达到了最大速度，在整个过程中，汽车运动了125m。问在这个过程中，汽车发动机的牵引力做功多少？下面是甲、乙两位同学的解法：甲同学：（s）(J)乙同学：(N)（J）请对上述两位同学的解法做出评价，若都不同意请给出你的解法。18（16分） 宇宙中存在一些离其它恒星较远的、由
26、质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用.已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个项点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行.设每个星体的质量均为.（1）试求第一种形式下，星体运动的线速度和周期.（2）假设两种形式星体的运动周期相同，第二种形式下星体之间的距离应为多少？19（20分）如图所示，甲、乙两车静止在光滑水平面上。人静止站立在甲车上，乙车装满砂。已知甲车和人的总质量等于乙车和砂的总质量，均为M，两车高度差为h，甲车右端与乙车中点相距s，在甲车右
27、端另放一质量为m且与甲车无摩擦力的物体，若人将物体向右踢出，使物体恰好落在乙车的中点。不计物体陷入砂中的深度，且人相对于甲车始终静止。求：（1）乙车最终的速度。（2）人做了多少功？参考答案1 AD2C3AD4D5AC6BD7ABD8AD9AD10AC11（1）如右图（2）B12B（2分）ACD（3分）ABFG（3分）13（1）A 游标卡尺（1分） 内径D （1分） B 水管中心 （1分） C 水落地点的中心（1分） 水平射程x （1分）（2）Q = （3分）14不正确，该同学所求之力为苹果所受的合外力，且方向错误。 （3分）正解： a （3分） F合ma0.510.5 N （3分） N5.02
28、 N （3分）15设当转盘O/的角速度为时，小球m1与半球的作用力刚好为零，则对小球m1由牛顿第二定律得： 解得： 3分设当转盘O/的角速度为时，小球m2与半球的作用力刚好为零，则对小球m2由牛顿第二定律得： 解得：3分由于，由几何知识可知： 2分所以： 2分故为使两球都不离开半球，转盘O/的转动的角速度即 3分16（1）速度公式vt= v0+a0t - （1分） 位移公式s=at2+v0t - （1分）两式联立，消去t 可得 - （2分）（2）v中= 或者 v中=S/t - （4分）（3） F=ma - （1分） - （1分）W = Fs = ma= - （4分）17甲乙两位同学的解法都不正
29、确。 （3分） 甲同学把125m全当做匀加速直线运动的位移，求出运动时间t，这一步就错了，然后又用公式W=Pt来求牵引力做功，而汽车在做匀加速运动的过程中功率是逐渐变大的，这一步骤又错了。 （2分）而乙同学的做法中，第一步是正确的，但F是汽车做匀加速运动时的牵引力，当汽车以额定功率行驶时，牵引力是变力，做功不能用W=Fs来计算。 （2分）正确的解法是：汽车行驶的最大速度：(m/s) （3分）根据动能定理可写出：可求出： (J) （5分）18（1）第一种形式下，由万有引力定律和牛顿第二定律，得，（3分） （2分） （3分）（2）第二种形式下，由万有引力定律和牛顿第二定律，得 （4分）第二种形式下星体之间的距离应为 （4分）19（1）设m飞出速度为v1，人和甲车速度为v2，对m平抛过程有： 4分m与乙车作用过程，设作用后共同速度为v，水平方向动量守恒： 4分联立得： 2分（2）踢开m过程，动量守恒： 4分由功能关系得： 4分联立得： 2分
