1、云南省麒麟高中2017-2018学年高二年级期末考试+高二化学1. 分子式为C4H9Cl的同分异构体（含对映异构）有（）A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种【答案】D【解析】分析：考查等效氢的判断，以及同分异构体的书写，先书写出C4H10的结构简式，然后依据等效氢的判断，从而判断出该有机物的一氯代物的种类，注意含对映异构。详解：先把Cl看成H，则C4H10的结构简式为CH3CH2CH2CH3、(CH3)3CH，CH3CH2CH2CH3有两种不同的氢原子，其一氯代物分别是CH2ClCH2CH2CH3、CH3CHClCH2CH3(与Cl相连碳原子为手性碳原子，存在对映异构)，(CH3)3
2、CH中有两种不同的氢原子，即一氯代物有两种，共有5种，故选项D正确。点睛：本题应注意对映异构的定义，对映异构的定义是含有一个手性碳原子的化合物一定是手性分子，有两种不同的构型，且互为物体与镜像关系的立体异构，称为对映异构。2. 有A，B两种烃，含碳的质量分数相同，关于A和B的关系的下列说法正确的是()A. A和B一定是同分异构体B. A和B一定不是同系物C. A和B分子中含氢元素质量分数相同D. A和B各amol完全燃烧生成CO2的质量一定相同【答案】C【解析】分析：根据烃中只有碳氢两种元素，利用碳的质量分数、氢的质量分数求出最简式，最简式相同，可能是同分异构体，也可能是同系物，据此回答问题。
3、详解:A、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同，则最简式相同，可能是同分异构体，还可能是同系物，故A错误；B、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同，则最简式相同，可能是同系物，故B错误；C、因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同，则最简式一定相同，所以C选项是正确的；D、A和B的最简式相同，各amol完全燃烧生成二氧化碳的物质的量取决于分子中碳原子的数目，只有互为同分异构体时生成的二氧化碳的质量才相等，故D错误。所以C选项是正确的。3. 某烷烃的一个分子里含有9个碳原子，其一氯代物只有两种，该烷烃的名称是( )A. 正
4、壬烷 B. 2，6二甲基庚烷C. 2，2，4，4四甲基戊烷 D. 2，3，4三甲基己烷【答案】C【解析】由题给条件可知，该烷烃分子中只能有2种等效氢原子，这样其一氯代物才有2种。故分子中一定会有CH3结构，且它们处于对称位置，从而可以写出其结构简式：。该烷烃分子中只有2种等效氢原子，1种是处于对称位置的CH3，另1种是CH2。该烷烃的名称为2,2,4,4-四甲基戊烷。也可先根据名称写出各选项中的结构简式，再判断其一氯代物的同分异构体的数目。4. 除去下列物质所含的杂质(括号内的物质)所选用的试剂不正确的是()A. 乙酸(苯甲酸)：NaOH溶液B. 甲烷(乙炔)：溴水C. 苯(苯甲酸)：NaOH
5、溶液D. 乙炔(硫化氢)：亚硫酸钠酸性溶液【答案】A【解析】【分析】本题属于除杂质题，最少要满足两个条件：加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应反应时不能引入新的杂质【详解】A. 乙酸(苯甲酸)中加NaOH溶液，乙酸与NaOH溶液也反应，故A错误；B. 甲烷(乙炔)：乙炔与溴水发生加成反应生成常温下液态物质，可将乙炔分离，故B正确；C. 苯(苯甲酸)：苯甲酸与NaOH溶液反应，生成苯甲酸钠，溶于水，苯不溶于水，可用分液的方法分离，故C正确；D. 乙炔(硫化氢)：亚硫酸钠酸性溶液与硫化氢反应，生成固体硫，故D正确；故选A。【点睛】本考点属于物质的分离和提纯，难点A：根据条件认真分析，加氢氧化
6、钠后，两者均可溶，无法分离。5. 烯烃不可能具有的性质有（ ）A. 能使溴水褪色 B. 加成反应C. 取代反应 D. 能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】C【解析】试题分析：A.烯烃含有碳碳双键，能使溴水褪色，A正确；B.烯烃含有碳碳双键，能发生加成反应，B正确；D.由于高锰酸钾具有强氧化性，烯烃的碳碳双键不稳定，故可以使高锰酸钾溶液褪色，故D正确；C.由于烯烃含有碳碳双键，且双键不稳定，故不能发生取代反应，C错误，此题选C。考点：考查碳碳双键的性质及应用。6. 下列分析判断正确的是()A. 分离提纯有机物丙宜在NaOH热溶液中进行B. 利用NaOH溶液、AgNO3溶液即可确定有机物甲中含有溴元
7、素C. 可用酸性KMnO4溶液检验有机物丙中是否含有机物乙D. PbCl2的作用是提高反应物的活性，加快反应速率【答案】D【解析】【分析】A丙含有酯基，可在碱性条件下水解；B水解后需要加入酸酸化；C乙、丙都含有碳碳双键，都可与酸性高锰酸钾反应；DPbCl2为反应的催化剂【详解】A丙含有酯基，可在碱性条件下水解，应用饱和碳酸钠溶液，故A错误；B溴代烃在碱性条件下水解，水解后需要加入酸酸化，否则生成氢氧化银沉淀，影响实验结论，故B错误；C乙、丙都含有碳碳双键，都可与酸性高锰酸钾反应，不能用酸性高锰酸钾检验，故C错误；DPbCl2为反应的催化剂，可降低反应的活化能，加快反应速率，故D正确。故选：D。
8、7. 下列物质中，一定能因发生化学反应而使溴的CCl4溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色的是()A. 甲苯 B. C3H6 C. C5H12 D. C2H4【答案】D【解析】试题分析：烯烃或炔烃都可以使溴的CCl 4溶液和酸性高锰酸钾溶液因发生化学反应褪色，由分子式判断，C3H6可能为环丙烷，也可能为丙烯，只有C2H4一定为乙烯。答案选D。考点：烯烃的性质8. 制取一氯乙烷最好采用的方法是( )A. 乙烷和氯气反应 B. 乙烯和氯气反应C. 乙烯和氯化氢反应 D. 乙烷和氯化氢反应【答案】C【解析】乙烷与Cl2反应为取代反应，取代产物复杂，不正确；乙烯和氯气反应为加成反应得到1,2二氯乙烷，B错误；乙
9、烷与氯化氢不反应，D项错误；乙烯和氯化氢反应产物只有一氯乙烷，C项正确。9. 能证明苯酚的酸性很弱的实验有（）A. 常温下苯酚在水中的溶解度不大B. 能跟氢氧化钠溶液反应C. 遇三氯化铁溶液变紫色D. 将二氧化碳通人苯酚钠溶液中，出现浑浊【答案】D【解析】A. 常温下苯酚在水中的溶解度不大，不能证明苯酚酸性很弱，A不正确；B. 能跟氢氧化钠溶液反应的物质不一定有酸性，B不正确；C. 遇三氯化铁溶液变紫色不能说明苯酚有酸性，C不正确；D. 将二氧化碳通人苯酚钠溶液中，出现浑浊，生成了苯酚，因为二氧化碳可与水反应生成碳酸，所以可以证明苯酚的酸性比碳酸的酸性更弱，D正确。10. 以下不属于酯类物质的
10、是（）A. 甘氨酸 B. 硝化甘油C. 脂肪 D. 硝酸纤维【答案】A【解析】试题分析：A甘氨酸是氨基酸，错误；B硝化甘油是酯类物质，正确； C脂肪是高级脂肪酸甘油酯，属于酯类，正确； D硝酸纤维是硝酸和纤维素发生酯化反应得到的酯类物质，正确。答案选A。考点：本题考查酯类的判断。11. 下列说法中正确的是()A. 含有羟基的有机物称为醇B. 能发生银镜反应的有机物都是醛C. 苯酚俗称石炭酸，酸性比碳酸强D. 酯类在碱性条件下的水解程度大于酸性条件下的水解程度【答案】D【解析】试题分析：A羟基与链烃基相连形成的化合物为醇类，羟基与苯环相连形成的化合物为酚类，所以含有羟基的有机物不一定为醇类，可能
11、为酚类，故A错误；B醛类物质能够发生银镜反应，但是发生银镜反应的不一定为醛类，如甲酸、甲酸甲酯、葡萄糖、麦芽糖等都能够发生银镜反应，但是它们不属于醛类，故B错误；C苯酚又名石碳酸，苯酚的酸性很弱，其酸性被碳酸的酸性还小，故C错误；D酯的水解反应为可逆反应，在碱性条件下，氢氧根离子能够与水解生成的羧酸反应，促进了酯的水解，所以在碱性条件下酯的水解程度大于酸性条件下的水解程度，故D正确。故选D。考点：考查烃的衍生物；官能团；有机化学反应综合应用12. 下列说法正确的是（）A. 地沟油和矿物油都属于酯类物质B. 在食品袋中放人盛有硅胶和铁粉的透气小袋，可防止食物受潮、氧化变质C. 为测定熔融氢氧化钠
12、的导电性，将氢氧化钠固体放在石英坩埚中加热熔化D. 电解从海水中得到的氯化镁溶液可获得金属镁【答案】B【解析】试题分析：A地沟油属于酯类，矿物油属于烃类；B硅胶具有吸水的性质，铁具有还原性可防氧化；C高温下氢氧化钠和二氧化硅反应；D根据电解产物分析解：A地沟油属于酯类，矿物油属于烃类，故A错误；B硅胶具有吸水的性质，铁具有还原性可防氧化，故B正确；C石英的成分为二氧化硅，高温下氢氧化钠和二氧化硅反应，故C错误；D电解氯化镁溶液得到氯气、氢气和氢氧化镁，得不到镁，电解熔融氯化镁可获得镁，故D错误，故选B点评：本题考查常见物质性质和电解原理电解产物可根据离子放电顺序来确定，难度中等13. 下列有关
13、说法不正确的是（）A. 油脂发生皂化反应能生成甘油B. 汽油可由石油分馏和石油的催化裂化获得，可用作燃料C. 毛发和蚕丝的主要成分都是蛋白质D. 医用酒精灭菌消毒的原理是使细菌、病毒蛋白质变性死亡，所以酒精越浓杀菌消毒效果越好【答案】D【解析】试题分析：A油脂为高级脂肪酸甘油酯，在碱性环境下水解生成高级脂肪酸钠和甘油；B通过石油的分馏得到的沸点较低的产物就是汽油，催化裂化的目的就是提高汽油的产量和质量；C毛发和蚕丝的主要成分是蛋白质；D浓度过大的酒精能够使细菌表明的蛋白质凝固，形成一层硬膜，这层硬膜阻止酒精分子进一步渗入细菌内部，反而保护了细菌解：A油脂为高级脂肪酸甘油酯，在碱性环境下水解生成
14、高级脂肪酸钠和甘油，故A正确；B汽油可由石油分馏和石油的催化裂化获得，可用作燃料，故B正确；C毛发和蚕丝的主要成分是蛋白质，故C正确；D浓度过大的酒精能够使细菌表明的蛋白质凝固，形成一层硬膜，这层硬膜阻止酒精分子进一步渗入细菌内部，反而保护了细菌，故D错误；故选：D点评：本题考了常见有机物的结构和性质，题目难度不大，熟悉油脂、蛋白质的性质，明确酒精杀菌的原理是解题关键14. 请用所学有机化学知识判断下列表述，其中正确的是（）A. 用大米酿造的酒在一定条件下密封保存，时间越长越香醇B. 欲将蛋白质从溶液中析出而又不改变它的性质，可加CuSO4溶液C. 乙烯使溴水褪色与苯使溴水褪色的原因相同D.
15、纤维素、蔗糖、葡萄糖和脂肪在一定条件下都可发生水解反应高温【答案】A【解析】【分析】A大米酿的酒长时间密封保存，会发生酯化反应生成有香味的酯；B蛋白质溶液中加入饱和Na2SO4溶液会发生盐析，盐析是一个可逆的过程，不改变蛋白质的性质；而甲醛、强酸、强碱、重金属盐等物质能使蛋白质变性；C根据苯和乙烯的结构判断其性质；D葡萄糖是单糖，不水解【详解】A大米酿的酒长时间密封保存，产生少量酸，会发生酯化反应生成有香味的酯，因此，时间越长越香醇，故A正确；B欲将蛋白质从溶液中析出而又不改变它的性质，可加入轻金属盐如：饱和Na2SO4溶液；重金属盐CuSO4溶液能使蛋白质发生变性，故B错误；C苯不含碳碳双键
16、，所以苯和溴水不发生加成反应；苯是非极性分子，溴是非极性分子，根据相似相溶原理知，溴易溶于苯而使溴水褪色；乙烯含有碳碳双键，能和溴发生加成反应而使溴水褪色，所以两种物质使溴水褪色的原因不同，故C错误；D葡萄糖是单糖，不能水解，故D错误。故选：A。【点睛】本题考查了有机化合物的性质，要会透过现象看本质，把有用的化学知识运用于日常生活中，易错点C，苯不含碳碳双键，所以苯和溴水不发生加成反应。15. 化学与生活密切相关，下列有关说法正确的是（）A. 糖类、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物B. 煤经气化、液化和干馏三个物理变化过程，可变为清洁能源C. 葡萄糖、蔗糖和淀粉都能发生水解反应D. 医药中常
17、用酒精来消毒，是因为酒精能够使细菌蛋白体发生变性【答案】D【解析】试题分析：A相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物；B有新物质生成的是化学变化；C葡萄糖是单糖；D酒精能使蛋白质变性解：A糖类中的单糖，油脂相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故A错误； B煤的气化是将固体煤中有机质转变为含有CO、H2、CH4等可燃气体；煤的液化指固体煤经化学加工转化成烃类液体燃料和化工原料的过程；煤的干馏是煤隔绝空气加强热使之分解的过程，三者都生成了新物质，故B错误；C葡萄糖是单糖，不能发生水解，故C错误；D酒精能使蛋白质变性，用来杀菌消毒，故D正确故选D点评：本题考查高分子化合物，物质的水
18、解和蛋白质的变性，题目难度不大，注意根据分子量确定是否是高分子化合物16. 下列关于生产、生活中的化学问题的叙述中，正确的是（）A. 在使用或生产易燃、易爆物的工厂车间，最好不穿化纤类工作服B. 糯米中的淀粉一经发生水解反应就酿造成酒C. 食用植物油的主要成分是高级饱和脂肪酸的甘油酯，是人体内不可缺少的重要营养物质D. 市场销售的洗涤灵的主要成分是对十二烷基苯磺酸钠，它能洗去餐具上的油污，发生的主要是化学变化【答案】A【解析】【分析】A化纤类衣服摩擦时容易产生火花；B淀粉水解的产物可能有麦芽糖、葡萄糖，酒的主要成分是乙醇以及乙酸乙酯等；C含有双键的油脂呈液态；D对十二烷基苯磺酸钠是表面活性剂【
19、详解】A在有易燃易爆物的工作场所，严禁穿化纤类衣服，因为化纤类衣服摩擦时容易产生火花，故A正确； B淀粉水解的产物可能有麦芽糖、葡萄糖，当水解为葡萄糖后，葡萄糖可能发酵为酒精或者乳酸，才酿成酒，故B错误；C食用植物油的主要成分是高级不饱和脂肪酸的甘油酯，故C错误；D对十二烷基苯磺酸钠是表面活性剂，发生物理变化，故D错误。故选：A。17. 复合材料中往往有一种材料作为基体，另一种材料作为（）A. 增塑剂 B. 防老化剂C. 发泡剂 D. 增强剂【答案】D【解析】【分析】复合材料是将两种或两种以上性质不同的材料经特殊加工而成的材料其中，一种材料作为基体，另一种材料作增强剂【详解】A、塑料中一般添加
20、增塑剂和防老化剂，故A错误；B、塑料中一般添加增塑剂和防老化剂，故B错误；C、发泡剂就是使对象物质成孔的物质，它可分为化学发泡剂和物理发泡剂和表面活性剂三大类，故C错误。D、复合材料是将两种或两种以上性质不同的材料经特殊加工而成的材料。其中，一种材料作为基体，另一种材料作增强剂，塑料中一般添加增塑剂和防老化剂，故选D。18. 下列说法中，不正确的是（）A. 有机化合物中每个碳原子最多形成4个共价键B. 油脂、淀粉、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应C. 用溴水既可以鉴别甲烷和乙烯，也可以除去甲烷中的乙烯D. 乙烯和苯均能发生氧化反应，说明乙烯和苯分子中均有碳碳双键【答案】D【解析】试题分析：D
21、项苯分子中不存在碳碳双键。考点：有机物的结构与性质、物质的鉴别。19. 下列有关物质的性质和应用正确的是（）A. 福尔马林可用于保存海鲜产品B. 油脂在酸性条件下可水解生成高级脂肪酸和甘油C. 乙醇、糖类和蛋白质都是人体必需的营养物质D. 合成橡胶与光导纤维都属于有机高分子材料【答案】B【解析】试题分析：A福尔马林是甲醛的水溶液，甲醛有毒，不能用于食品生产；B油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯，在酸性条件下水解得到高级脂肪酸和甘油；C糖类、脂肪和蛋白质维持人体生命活动所必须的三大营养物质；D光导纤维主要成分是二氧化硅，属于无机非金属材料解：A甲醛有毒，不能用于食品生产，故A错误；B油脂在酸性条件下
22、水解得到高级脂肪酸和甘油，故B正确；C乙醇不是人体必需的营养物质，故C错误；D光导纤维属于无机非金属材料，故D错误；故选B点评：本题考查了生成生活中常见的有机化合物的性质，平时学习时，注意知识的积累和应用20. 下列说法中，正确的是（）A. 能发生银镜反应的物质一定是醛B. 棉花和蚕丝的主要成份都是纤维素C. 工业上利用油脂在碱性条件下水解生产肥皂和甘油D. 石油裂解的主要目的是提高汽油的产量【答案】C【解析】试题分析：A含有醛基的有机物能够发生银镜反应，但含有醛基的有机物不一定为醛类，如葡萄糖含有醛基，能够发生银镜反应，但是葡萄糖为糖类，故A错误；B棉花中主要成分为纤维素，而蚕丝的主要成分是
23、蛋白质，故B错误；C油脂在碱性条件下能够发生水解反应生成高级脂肪酸盐和甘油，据此可以生成肥皂，故C正确；D石油裂化的目的是为了提高轻质液体燃料（汽油，煤油，柴油等）的产量，特别是提高汽油的产量，裂解的目的是为了获得乙烯、丙烯、丁二烯、丁烯、乙炔等，故D错误；故选C考点：煤的综合利用21. 下列物质不属于醛类的物质是（）A. B. C. CH2CHCHO D. CH3CH2CHO【答案】B【解析】【分析】有机物分子中含有官能团醛基：-CHO的化合物属于醛类，选项中ACD都含有醛基，属于醛类，而选项B中官能团为酯基，属于酯类，不属于醛类【详解】A为苯甲醛，分子中含有官能团醛基，属于醛类，故A错误；
24、B为甲酸甲酯，官能团为酯基，不属于醛类，故B错误；CCH2CH-CHO为丙烯醛，分子中含有官能团醛基，属于醛类，故C错误；D该有机物为丙醛，含有官能团醛基，属于醛类，故D错误；故选：B。22. 下列有关氟氯代烷的说法中，不正确的是（）A. 氟氯代烷化学性质稳定，有毒B. 氟氯代烷是一类含氟和氯的卤代烃C. 氟氯代烷大多无色、无臭、无毒D. 在平流层中，氟氯代烷在紫外线照射下，分解产生的氯原子可引发损耗臭氧的循环反应【答案】A【解析】A. 氟氯代烷化学性质稳定，无毒，故A不正确；B. 氟氯代烷是一类含氟和氯的卤代烃，故B正确；C. 氟氯代烷大多无色、无臭、无毒，故C正确；D. 在平流层中，氟氯代
25、烷在紫外线照射下，分解产生的氯原子可引发损耗臭氧的循环反应，故D正确。故选A。23. 苯环结构中，不存在单双键交替结构，可以作为证据的事实是（ ）苯不能使KMnO4（H）溶液褪色 苯中碳碳键的键长均相等 苯能在一定条件下跟H2加成生成环己烷 经实验测得邻二甲苯仅一种结构 苯在FeBr3存在的条件下同液溴可发生取代反应，但不是因加成而使溴水褪色A. B. C. D. 【答案】C【解析】碳碳双键可使KMnO4(H+)溶液褪色，故符合要求；单双键键长不同，故符合要求；不饱和结构都能在一定条件下跟H2加成，故不符合要求；若苯环结构中存在单双键交替结构，则邻二甲苯有两种结构，故符合要求；碳碳双键因与溴发
26、生加成反应而使溴水褪色，故符合题意。故选C。24. 含10个碳原子以内的烷烃中，核磁共振氢谱中只有一个峰的烷烃有（）A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种【答案】A【解析】正确答案：A这些烷烃分别是：CH4CH3CH3C (CH3)3C (CH3)3C (CH3)325. 下列说法不正确的是（）A. 有机物分子中一定含有一个或多个碳原子B. 有机物分子中的碳原子可以相互连接成链状或环状C. 有机物分子中的碳原子可以与其它元素的原子连接D. 分子中含有碳原子的化合物一定是有机化合物【答案】D【解析】A. 含有碳元素的化合物是有机化合物，有机物分子中一定含有一个或多个碳原子，A正确；B.
27、有机物分子中的碳原子可以相互连接成链状或环状，B正确；C. 有机物分子中的碳原子可以与其它元素的原子连接，C正确；D. 分子中含有碳原子的化合物不一定是有机化合物，例如CO2等，D错误，答案选D。点睛：有机化合物简称有机物，是含碳化合物或碳氢化合物及其衍生物的总称。无机化合物通常指不含碳元素的化合物，但少数含碳元素的化合物，如二氧化碳、碳酸、一氧化碳、碳酸盐等不具有有机物的性质，因此这类物质也属于无机物，注意知识的灵活应用。26. 实验室制乙酸乙酯得主要装置如图中A所示，主要步骤在a试管中按2：3：2的体积比配制浓硫酸、乙醇、乙酸的混合物；按A图连接装置，使产生的蒸气经导管通到b试管所盛的饱和
28、碳酸钠溶液（加入几滴酚酞试液）中；小火加热a试管中的混合液；等b试管中收集到约2mL产物时停止加热撤下b试管并用力振荡，然后静置待其中液体分层；分离出纯净的乙酸乙酯。请回答下列问题：（1）步骤中，配制这一比例的混合液的正确操作是_；（2）若实验中用含18O的乙醇与乙酸作用，该反应得化学方程式是：_；（3）步骤中，要用小火加热，其原因是_；（4）步骤中可观察到b试管中有细小的气泡冒出，写出该反应的离子方程式：_；（5）A装置中使用球形管除起到冷凝作用外，另一重要作用是_，步骤中分离乙酸乙酯必须使用的一种仪器是_；（6）为充分利用反应物，甲、乙两位同学分别设计了图中甲、乙两个装置（乙同学待反应完毕
29、冷却后，再用饱和碳酸钠溶液提取烧瓶中的产物），你认为合理的是_。【答案】 (1). 在试管中加入3 mL乙醇，然后边摇动边加入2 mL浓硫酸和2 mL乙酸； (2). CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O (3). 防止温度过高，乙酸乙醇挥发溢出 (4). 2CH3COOH+CO322CH3COO+H2O+CO2 (5). 防止倒吸 (6). 分液漏斗 (7). 乙【解析】【分析】（1）制备乙酸乙酯过程中，浓硫酸起到催化剂和吸水剂的作用；乙酸乙酯的制备反应是可逆反应，为提高反应物的转化率和提高产率，通常采取增大某反应物的浓度或减小生产物的浓度的方法；（2）酯化反
30、应的本质为酸脱羟基，醇脱氢，该反应生成乙酸乙酯和水，且为可逆反应；（3）乙酸、乙醇的沸点低，易挥发；（4）乙酸的酸性强于碳酸；（5）根据粗产品乙酸乙酯、乙酸和乙醇的混合物中各自的性质，选择实验方法和仪器进行解答；（6）根据图中甲、乙两个装置的不同点和制取乙酸乙酯的反应原理进行解答；【详解】（1）乙酸乙酯的制备反应，该反应为可逆反应，浓硫酸的作用为催化剂、吸水剂，吸水利于平衡向生成乙酸乙酯方向移动；因该反应为可逆反应，反应中加入过量的乙醇，平衡向正反应方向移动，CH3COOH的转化率增大；浓硫酸的密度比乙醇大，所以后加，溶于水放热，须边加边摇放热混合。步骤中，配制这一比例的混合液的正确操作是：在
31、试管中加入3 mL乙醇，然后边摇动边加入2 mL浓硫酸和2 mL乙酸；（2）实验中用含18O的乙醇与乙酸作用，酯化反应的本质为酸脱羟基，醇脱氢，该反应生成乙酸乙酯和水，且为可逆反应，所以乙酸脱羟基，乙醇脱氢离子，18O在产物乙酸乙酯中，故答案为：CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；（3）乙醇沸点78.0、乙酸的沸点117.9，它们的沸点较低，为防止乙醇、乙酸挥发，应小火加热，否则易造成原料的损失，步骤中，要用小火加热，其原因是：防止温度过高，乙酸乙醇挥发溢出；（4）步骤中可观察到b试管中有细小的气泡冒出，那是生成了二氧化碳，因乙酸的酸性比碳酸强，所以乙酸能和碳
32、酸钠反应生成二氧化碳气体，故2CH3COOH+CO322CH3COO+H2O+CO2 ；（5）乙酸乙酯中混有乙醇和乙酸，二者易溶于水而产生倒吸，分离粗产品乙酸乙酯、乙酸和乙醇的混合物，加入饱和碳酸钠溶液，实现酯与乙酸和乙醇的分离，分离油层和水层采用分液的方法即可，所以用到的仪器为分液漏斗；（6）图中甲、乙两个装置的不同点，乙装置能将易挥发的反应物乙酸和乙醇冷凝回流到反应容器中，继续反应，而甲不可。27. 有机物的表示方法多种多样，下面是常用的有机物的表示方法：CH4 （1）上述表示方法中属于结构简式的为 _；属于结构式的为 _；属于键线式的为 _；属于比例模型的为 _；属于球棍模型的为_；（2
33、）写出的分子式： _；（3）的分子式为 _，最简式为 _。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). (6). C11H18O2 (7). C6H12 (8). CH2【解析】分析：(1)结构简式是指把分子中各原子连接方式表示出来的式子；结构式是表示用元素符号和短线表示分子中原子的排列和结合方式的式子；只用键线来表示碳架，两根单键之间或一根双键和一根单键之间的夹角为120，一根单键和一根三键之间的夹角为180,而分子中的碳氢键、碳原子及与碳原子相连的氢原子均省略,而其它杂原子及与杂原子相连的氢原子须保留，每个端点和拐角处都代表一个碳；用这种方式表示的结构式为键线式；比例模型就是
34、原子紧密连起的，只能反映原子大小，大致的排列方式；球棍模型是一种表示分子空间结构的模型，球表示原子，棍表示之间的化学键。(2)根据键线式书写分子式。 (3)根据键线式书写分子式和最简式。详解：(1)属于结构简式的有: ；属于结构式的有: ；属于键线式的有：；属于比例模型的有: ；属于球棍模型的有: ；正确答案：； ；。(2)的分子式为C11H18O2 ；正确答案: C11H18O2。(3)的分子式为: C6H12 ,最简式为: CH2；正确答案: C6H12；CH2。28. 呋喃酚是合成农药的重要中间体，其合成路线如下：C D E(呋喃酚)(1)A在空气中久置会由无色转变为棕褐色，其原因是_，
35、A在核磁共振氢谱中有_组峰。(2)BC的反应类型是_。(3)已知X的分子式为C4H7Cl。写出AB的化学方程式：_。(4)要鉴别化合物C和D，适宜的试剂是_。(5)B的同分异构体很多，符合下列条件的有_种，写出其中能发生银镜反应的同分异构体的结构简式：_(任写一种)。苯的衍生物有两个互为对位的取代基 含有酯基【答案】 (1). A被空气中的O2氧化 (2). 3 (3). 取代反应 (4). (5). 氯化铁溶液或浓溴水 (6). 10 (7). 【解析】分析：（1）根据A分子中含有酚羟基以及A分子中氢原子的种类判断；（2）对比B、C的结构可知，B中酚-OH上的H被取代；（3）对比A、B的结构
36、，可知AB属于取代反应，则X为CH2=CH（CH3）CH2Cl，反应还有HCl生成；（4）C、D均含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，而C含有醚键、D含有酚羟基，二者含有官能团不同，据此判断；（5）根据限制条件结合B的分子式判断其同分异构体。详解：（1）酚羟基易被氧化，所以A在空气中久置会由无色转变为棕褐色的原因是A被空气中的O2氧化；根据A的结构简式可知A分子中含有3类氢原子，因此A在核磁共振氢谱中有3组峰。（2）对比B、C的结构简式可知，B中酚-OH上的H被取代，因此BC的反应属于取代反应。（3）对比A、B的结构，可知AB属于取代反应，已知X的分子式为C4H7Cl，则X为CH2=CH（CH3
37、）CH2Cl，根据原子守恒可知反应还有HCl生成，反应方程式为。（4）C不含酚羟基，而D含有酚羟基，能与氯化铁溶液发生显色反应，可以用氯化铁溶液鉴别C和D；另外酚羟基也可以用浓溴水鉴别。（5）B的同分异构体很多，苯的衍生物，含有苯环；有两个互为对位的取代基；含有酯基，则苯环上的两个取代基是HCOO和正丙基、HCOO和异丙基，HCOOCH2和乙基、HCOOCH2CH2和甲基、HCOOCH(CH3)和甲基、CH3COO和乙基、CH3OOC和乙基、CH3CH2COO和甲基、CH3COOCH2和甲基、CH3OOCCH2和甲基，因此共计是10种。其中能发生银镜反应的同分异构体的结构简式为或等。点睛：本题
38、考查有机物的合成、有机物结构与性质、同分异构体书写等，注意根据合成流程中的反应、官能团变化等为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，难度中等。难点是最后一问同分异构体判断，解答时注意碳链异构、官能团异构和位置异构的灵活应用。29. I已知：烃基烯基醚A的相对分子质量（Mr）为176，分子中碳氢原子数目比为3：4，与A相关的反应如下：请回答下列问题：（1）A的分子式为_，B的名称是_；（2）写出CD反应的化学方程式：_；（3）链烃M的相对分子质量比B多24，分子中所有碳原子均在同一平面上，其结构简式是_；由E转化为对甲基苯乙炔（）的一条路线如下：（4）反应中所加试剂是_； 的反应类型是_；（5）
39、写出G的结构简式：_；（6）写出两种同时符合下列条件的E的同分异构体的结构简式：_。属于芳香醛；苯环上有两种不同环境的氢原子【答案】 (1). C12H16O (2). 1丙醇（或正丙醇） (3). (4). （CH3）2C=C（CH3）2 (5). 氢气和催化剂 (6). 加成反应 (7). (8). （任意2种）【解析】【分析】I利用信息可知A的分子式可写为（C3H4）nO，则：40n+16=176，n=4，所以A的分子式为C12H16O，由信息可知，A反应生成B为醇，E为醛，B的相对分子质量为60，则B为CH3CH2CH2OH，BC发生催化氧化反应，所以C为CH3CH2CHO，CD为银镜
40、反应，则D为CH3CH2COONH4，由B、E结构及信息可知，A为；II由E转化为对甲基苯乙炔（），先发生-CHO的加成，再发生醇的消去反应，然后与溴发生加成引入两个溴原子，最后发生卤代烃在NaOH醇溶液中的消去反应生成CC，合成路线流程图为，据此解答【详解】I利用信息可知A的分子式可写为（C3H4）nO，则：40n+16=176，n=4，所以A的分子式为C12H16O，由信息可知，A反应生成B为醇，E为醛，B的相对分子质量为60，则B为CH3CH2CH2OH，BC发生催化氧化反应，所以C为CH3CH2CHO，CD为银镜反应，则D为CH3CH2COONH4，由B、E结构及信息可知，A为（1）由
41、上述分析可知，A的分子式为C12H16O，B为CH3CH2CH2OH，名称为1-丙醇（或正丙醇）；（2）CD反应的化学方程式为：；（3）链烃M的相对分子质量比B多24，则M相对分子质量为84，分子中C原子最大数目=84/12=7，故M为C6H12，分子中所有碳原子均在同一平面上，则分子中含有C=C双键，且不饱和碳原子连接4个甲基，所以M结构简式为：（CH3）2C=C（CH3）2 ；II由E转化为对甲基苯乙炔（），先发生-CHO的加成，再发生醇的消去反应，然后与溴发生加成引入两个溴原子，最后发生卤代烃在NaOH醇溶液中的消去反应生成CC，合成路线流程图为; （4）反应中所加试剂是：氢气和催化剂；
42、 的反应类型是：加成反应；（5）G的结构简式为：；（6）E的同分异构体符合条件：属于芳香醛；苯环上有两种不同环境的氢原子，符合条件的同分异构体的结构简式为，（任意2种）.【点睛】本题为有机推断、有机合成综合性试题，有机推断是难点，该信息学生没有学过，学会以反应模式是难点，有机合成常给出某反应信息要求学生加以应用，要求学生有较强的阅读、自学能力和思维能力。30. 某同学称取9.00g淀粉溶于水，测定淀粉的水解百分率其程序如下：试回答下列问题：（1）各步加入的试剂为：A_，B_，C_；（2）加入A溶液而不加入B溶液是否可以_，其理由是_；（3）写出淀粉水解的方程式_；（4）当析出1.44g砖红色沉
43、淀时，淀粉水解率是_；已知葡萄糖与Cu（OH）2反应的化学方程式为：CH2OH（CHOH）4CHO+2Cu（OH）2CH2OH（CHOH）4COOH+Cu2O+2H2O。【答案】 (1). H2SO4 (2). NaOH (3). Cu（OH）2县浊液 (4). 不可以 (5). 葡萄糖与氢氧化铜的反应必须在碱性条件下才能进行 (6). （C6H10O5）n+n H2On C6H12O6 (7). 18%【解析】分析:淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，加碱中和之后溶液呈碱性，然后加入新制的氢氧化铜悬浊液，有砖红色沉淀生成，此法可检验淀粉水解的产物葡萄糖；淀粉遇碘单质变蓝；葡萄糖与新制氢氧化铜反应
44、应该在碱性环境下进行；依据(C6H10O5)nnC6H12O6nCu2O，根据生成的Cu2O的质量求出水解的淀粉的质量，淀粉的水解率=100%。详解：（1）淀粉在稀硫酸作用下水解生成葡萄糖，加Na0H溶液中和稀硫酸，使混合液呈碱性；向混合液中加入新制氢氧化铜悬浊液，加热至沸腾生成红色沉淀，证明淀粉已水解，水解后的溶液加碘水变蓝，则说明水解不完全；因此，本题答案为：H2SO4 ；NaOH； Cu（OH）2悬浊液；（2）葡萄糖与新制Cu(OH)2悬浊液反应应该在碱性环境下进行，加Na0H溶液的作用是中和稀硫酸，使混合液呈碱性，若不加氢氧化钠溶液，此时的酸性环境破坏了新制Cu(OH)2悬浊液，所以不可以不加入B溶液，因此，本题答案为：不可以；葡萄糖与氢氧化铜的反应必须在碱性条件下才能进行；（3）淀粉水解的方程式为：(C6H10O5)n(淀粉)+nH2OnC6H12O6（葡萄糖）；（4）一元醛与新制氢氧化铜反应的方程式为：CH2OH(CHOH)4CHO+2Cu(OH)2CH2OH(CHOH)4COOH+2H2O+Cu2O，设水解的淀粉的质量为x。x= =1.62g；淀粉的水解率=100%= 100%=18%。
