1、第2讲动能定理及其应用知识点一动能1定义：物体由于_而具有的能2公式：Ek_.3单位：_，1 J1 Nm1 kgm2/s2.4物理意义(1)动能是状态量，v是_(选填“瞬时速度”或“平均速度”)(2)动能是_(选填“矢量”或“标量”)，只有正值，动能与速度方向_(选填“有关”或“无关”)5动能的变化物体_与_之差，即Ek_.知识点二动能定理1内容：在一个过程中合外力对物体所做的功，等于物体在这个过程中_2表达式：W_.3物理意义：_的功是物体动能变化的量度4动能定理的特点思考辨析(1)一定质量的物体动能变化时，速度一定变化；而速度变化时，动能也一定变化()(2)动能不变的物体一定处于平衡状态(
2、)(3)物体的动能不变，所受的合力必定为零()(4)物体做变速运动时动能不一定变化()(5)合力做功不等于零时，物体的动能一定变化()(6)如果物体的动能增加，那么合力一定做正功()教材改编人教版必修2P75T5改编运动员把质量是500 g的足球踢出后，某人观察它在空中的飞行情况，估计上升的最大高度是10 m，在最高点的速度为20 m/s.估算出运动员踢球时对足球做的功为()A50 J B100 JC150 J D无法确定考点一对动能定理的理解和应用自主演练1对“外力”的两点理解(1)“外力”可以是重力、弹力、摩擦力、电场力、磁场力等，它们可以同时作用，也可以不同时作用(2)“外力”既可以是恒
3、力，也可以是变力2动能定理公式中“”体现的“三个关系”数量关系合力的功与物体动能的变化可以等量代换单位关系国际单位都是焦耳因果关系合力做的功是物体动能变化的原因3.“一个参考系”：高中阶段动能定理中的位移和速度应以地面或相对地面静止的物体为参考系多维练透1(多选)一个质量为0.3 kg的弹性小球，在光滑水平面上以6 m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小与碰撞前相同，则碰撞前后小球速度变化量的大小v和碰撞过程中小球的动能变化量Ek为()Av0 Bv12 m/s CEk1.8 J DEk02.(多选)如图所示，电梯质量为M，在它的水平地板上放置一质量为m的物体电梯在
4、钢索的拉力作用下竖直向上加速运动，当电梯的速度由v1增大到v2时，上升高度为H，重力加速度为g，则在这个过程中，下列说法正确的是()A对物体，动能定理的表达式为W12mv2212mv12，其中W为支持力做的功B对物体，动能定理的表达式为W合0，其中W合为合力做的功C对物体，动能定理的表达式为WmgH12mv2212mv12，其中W为支持力做的功D对电梯，其所受的合力做功为12Mv2212Mv123从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图象是()考点二动能定理的应用师生共研题型1|应用动能定理求变力的功例1 如图所示，在半径为0.
5、2 m的固定半球形容器中，一质量为1 kg的小球(可视为质点)自边缘上的A点由静止开始下滑，到达最低点B时，它对容器的正压力大小为15 N重力加速度g取10 m/s2，则球自A点滑到B点的过程中克服摩擦力做的功为()A0.5 JB1.0 JC1.5 JD1.8 J题型2|动能定理在直线运动中的应用例2 有两条雪道平行建造，左侧相同而右侧有差异，一条雪道的右侧水平，另一条的右侧是斜坡某滑雪者保持一定姿势坐在雪橇上不动，从h1高处的A点由静止开始沿倾角为的雪道下滑，最后停在与A点水平距离为s的水平雪道上接着改用另一条雪道，还从与A点等高的位置由静止开始下滑，结果能冲上另一条倾角为的雪道上h2高处的
6、E点停下若动摩擦因数处处相同，且不考虑雪橇在路径转折处的能量损失，则()A动摩擦因数为tan B动摩擦因数为h1SC倾角一定大于 D倾角可以大于题型3|动能定理在曲线运动中的应用(多过程问题)例3 如图所示，AB为倾角37 的斜面轨道，轨道的AC部分光滑，CB部分粗糙BP为圆心角等于143，半径R1 m的竖直光滑圆弧形轨道，两轨道相切于B点，P、O两点在同一竖直线上，轻弹簧一端固定在A点，另一自由端在斜面上C点处现有一质量m2 kg的物块在外力作用下将弹簧缓慢压缩到D点后(不拴接)释放，物块经过C点后，从C点运动到B点过程中的位移与时间的关系为x12t4t2(式中x单位是m，t单位是s)，假设
7、物块第一次经过B点后恰能到达P点，(sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2)试求：(1)若CD1 m，物块从D点运动到C点的过程中，弹簧对物块所做的功(2)B、C两点间的距离x.【考法拓展1】在【例3】中，求物块释放后通过与O点等高的位置Q点时对轨道的压力【考法拓展2】在【例3】中，若BC部分光滑，把物块仍然压缩到D点释放，求物块运动到P点时受到轨道的压力大小练1如图，MN为半径R0.4 m、固定于竖直平面内的14光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平，O为圆心，M、O、P三点在同一水平线上，M的下端与轨道相切处放置竖直向上的弹簧枪，可发射速度不同但质量均为m0.01 kg的小钢珠
8、，小钢珠每次都在M点离开弹簧枪某次发射的小钢珠沿轨道经过N点时恰好与轨道无作用力，水平飞出后落到OP上的Q点，不计空气阻力，取g10 m/s2.求：(1)小钢珠经过N点时速度的大小vN；(2)小钢珠离开弹簧枪时的动能Ek；(3)小钢珠在平板上的落点Q与圆心O点的距离s.练2新型冠状病毒肺炎疫情发生后，全国人民踊跃捐款捐物，支持武汉人民抗疫为了与时间赛跑，运送抗疫物资的某运输车以恒定功率P启动后以最大速度vm行驶已知运输车总重为m.(1)求运输车速度为23vm时的加速度；(2)假设运输车启动后经过时间t1，达到最大速度vm，求时间t1内运输车行驶的距离；(3)假设运输车启动后行驶距离s到达武汉，
9、运输车刹车时所受合外力等于正常行驶时阻力的2倍，求运输车行驶的总时间题后反思应用动能定理解题的基本步骤考点三动能定理与图象问题的结合多维探究题型1|vt图象例4 2020湖南湘潭一中月考质量为m的物体从高为h的斜面顶端由静止下滑，最后停在水平面上，若该物体以v0的初速度从顶端下滑，最后仍停在水平面上，如图甲所示图乙为物体两次在水平面上运动的vt图象，则物体在斜面上运动过程中克服摩擦力所做的功为()A. 12mv023mgh B3mgh12mv02C. 16mv02mgh Dmgh16mv02题型2|Fx图象例5 2020济南模拟静止在地面上的物体在不同合外力F的作用下通过了相同的位移x0，下列
10、情况中物体在x0位置时速度最大的是()题型3|Ekx图象例6 2020江苏卷，4如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动，最后停在水平地面上斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面间的动摩擦因数均为常数该过程中，物块的动能Ek与水平位移x关系的图象是()练3 (多选)光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力作用开始运动，拉力F随时间t变化的图象如图所示，用Ek、v、x、P分别表示物体的动能、速度、位移和拉力F的功率，下列四个图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况，其中正确的是()练42020临沂二模狗拉雪橇是人们喜爱的滑雪游戏已知雪橇与水平雪道间的动摩擦因数0.1，人和雪橇的总质量
11、m50 kg.在游戏过程中狗用水平方向的力拉雪橇，使雪橇由静止开始运动人和雪橇的动能Ek与其发生位移x之间的关系如图所示(g10 m/s2)求：(1)雪橇在x30 m时的加速度；(2)在前40 m位移过程中拉力对人和雪橇做的功题后反思解决物理图象问题的基本思路(1)弄清纵坐标、横坐标所对应的物理量及图线的物理意义(2)根据物理规律推导出纵坐标与横坐标所对应的物理量间的函数关系式(3)对比图线和函数关系式，利用图线的斜率、截距、交点、面积和特定值求物理量思维拓展巧选过程规范答题 2020江苏无锡6月模拟(12分)如图所示是滑板运动的轨道示意图，BC和DE是两段光滑的圆弧形轨道，BC的圆心为O点，
12、圆心角60，半径OC与水平轨道CD垂直，滑板与水平轨道间的动摩擦因数0.2.某运动员从轨道上的A点以v3 m/s的速度水平滑出，在B点刚好沿着轨道的切线方向滑入圆弧轨道BC，经CD轨道后冲上DE轨道，到达E点时速度减为零，然后返回已知运动员和滑板的总质量为m60 kg，B、E两点与水平轨道CD的竖直高度分别为h2 m和H2.5 m，g10 m/s2.(1)求运动员从A点运动到B点时的速度大小vB.(2)求水平轨道CD的长度L.(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到B点？如果能，求出运动员回到B点时速度的大小；如果不能，求出运动员最后停止的位置距C点的距离教你解决问题(1)刚好沿着轨道
13、的切线方向滑入圆弧轨道B点速度分解到达B点时的速度大小(2)从B到E动能定理水平轨道CD的长度L.(3)从E到第一次返回左侧最高处动能定理总路程最后停止的位置解答规范解答书写区自查项目(1)滑板在B点刚好沿着轨道的切线方向滑入圆弧轨道，由题意得vBvcos 60(1分)解得vB6 m/s.(1分)(2)从B到E的过程，由动能定理得mghmgLmgH012mvB2(2分)代入数据解得L6.5 m(1分)(3)设运动员能到达左侧的最大高度为h，从E点到第一次返回到左侧最高处的过程，由动能定理得有必要的文字说明指明对象和所用规律列式规范，无连等式、无代数过程mgHmgLmgh0(2分)代入数据解得h
14、1.2 m2 m(1分)故运动员不能回到B点(1分)全过程由动能定理有mgHmgs0(2分)代入数据解得总路程s12.5 m(1分)即运动员最后停止的位置距C点的距离为6 m(1分)有联立式得或代入数据解得等说明结果规范，结果为数字的带有单位、求矢量的有方向说明题后反思1灵活选择研究过程求解多过程问题既可分段考虑，也可全过程考虑，但要优先考虑全过程2注意运用做功的特点(1)重力的功取决于物体的初、末位置，与路径无关(2)摩擦力做的功等于力的大小与路程的乘积(3)求全过程的总功时，注意有些力不是全过程一直作用.第2讲动能定理及其应用基础落实知识点一1运动212mv23焦耳4(1)瞬时速度(2)标
15、量无关5末动能初动能12mv2212mv12知识点二1动能的变化量2. 12mv2212mv123合外力4(3)曲线运动(4)变力做功(5)分阶段思考辨析(1)(2)(3)(4)(5)(6)教材改编解析：根据动能定理Wmgh12mv2得，W150 J，故选项C正确答案：C考点突破1解析：取初速度方向为正方向，则v|(6)6| m/s12 m/s，由于速度大小没变，动能不变，故动能变化量Ek0，故选项B、D正确答案：BD2解析：电梯上升的过程中，对物体做功的有重力mg、支持力FN，这两个力的总功(即合力做的功)才等于物体动能的增量，即W合12mv2212mv12，选项A、B错误，C正确；对电梯，
16、无论有几个力对它做功，由动能定理可知，其合力做的功一定等于其动能的增量，选项D正确答案：CD3解析：对于整个竖直上抛过程(包括上升与下落)，速度与时间的关系为vv0gt，v2g2t22v0gtv02，Ek12mv2，可见动能与时间是二次函数关系，由数学中的二次函数知识可判断A正确答案：A例1解析：在B点对小球由牛顿第二定律得FNmgmv2R，解得EkB12mv212 (FNmg)R，小球由A滑到B的过程由动能定理得mgRWf12mv20，解得Wf12R(3mgFN)120.2(3015) J1.5 J，故C正确，A、B、D错误答案：C例2解析：第一次停在BC上的某点，由动能定理得mgh1mgc
17、os h1sin mgs0mgh1mgh1tan +s0mgh1mgs0h1sA错误，B正确；在AB段由静止下滑，说明mgcos ，则雪橇不能停在E点，所以C、D错误答案：B例3解析：(1)由x12t4t2知，物块在C点速度为v012 m/s，a8 m/s2设物块从D点运动到C点的过程中，弹簧对物块所做的功为W，由动能定理得Wmgsin 37CD12mv02代入数据得W12mv02mgsin 37CD156 J.(2)物块在CB段，根据牛顿第二定律，物块所受合力Fma16 N物块在P点的速度满足mgmvP2RC到P的过程，由动能定理得FxmgR(1cos 37)12mvP212mv02解得x4
18、98 m6.125 m.答案：(1)156 J(2)6.125 m考法拓展1解析：物块在P点时满足mgmvP2R，物块从Q点到P点过程中，由动能定理得mgR12mvP212mvQ2.物块在Q点时有FNmvQ2R.联立以上各式得FN3mg60 N.由牛顿第三定律可知物块通过Q点时对轨道压力为60 N，方向水平向右答案：60 N方向水平向右考法拓展2解析：物块从C到P的过程中，由动能定理得mgxsin 37mgR(1cos37)12mvP212mv02物块在P点时满足FNmgmvP2R，联立以上两式得FN49 N答案：49 N练1解析：(1)小钢珠沿轨道经过N点时恰好与轨道无作用力，则有mgmvN
19、2R解得vNgR2 m/s(2)小钢珠在光滑圆弧轨道，由动能定理得mgR12mvN2Ek解得Ek0.06 J(3)小钢珠水平飞出后，做平抛运动，R12gt2，svNt解得s225 m答案：(1)2 m/s(2)0.06 J(3) 225 m练2解析：(1)由Pfvm，解得fPvm，由PF2vm3解得运输车速度为23vm时的牵引力F3P2vm，由牛顿第二定律有Ffma，解得加速度aP2mvm.(2)由动能定理得Pt1fx112mvm2，解得时间t1内运输车行驶的距离x12Pt1-mvm22f2Pt1vm-mvm32P.(3)运输车刹车时匀减速运动的加速度为a2fm，从刹车到运输车停下需要的时间t
20、3vma，联立解得t3mvm2f，从刹车到运输车停下运动的距离x3vm22amvm24f，运输车匀速运动的距离x2sx1x34fs-4Pt1+mvm24f，运输车匀速运动的时间t2x2vm，又fPvm，则运输车行驶的总时间tt1t2t34Ps+3mvm34Pvm.例4解析：本题考查动能定理与图象结合的问题若物体由静止开始从顶端下滑，由动能定理得mghWf12mv12，若该物体以v0的初速度从顶端下滑，由动能定理得mghWf12mv2212mv02，由题图乙可知，物体两次滑到水平面的速度关系为v22v1，由以上三式解得Wfmgh16mv02，D正确，A、B、C错误答案：D例5解析：由于Fx图象所
21、包围的面积表示力做功的大小，已知物体在不同合外力F的作用下通过的位移相同，C选项中图象包围的面积最大，因此合外力做功最多，根据动能定理W合12mv20，可得C选项物体在x0位置时速度最大，故A、B、D错误，C正确答案：C例6解析：在斜面上，物块受竖直向下的重力、沿斜面向上的滑动摩擦力以及垂直斜面向上的支持力，设物块的质量为m，斜面的倾角为，物块沿斜面下滑的距离对应的水平位移为x，由动能定理有mgsin xcos 1mgcos xcos Ek0，解得Ek(mgtan 1mg)x，即在斜面上时物块的动能与水平位移成正比，B、D项均错误；在水平面上，物块受竖直向下的重力、竖直向上的支持力以及水平向左
22、的滑动摩擦力，由动能定理有2mg(xx0)EkEk0，解得EkEk02mg(xx0)，其中Ek0为物块滑到斜面底端时的动能，x0为物块沿斜面下滑到底端时的距离对应的水平位移，即在水平面上物块的动能与水平位移为一次函数关系，且为减函数，A项正确，C项错误答案：A练3解析：由于拉力F恒定，所以物体有恒定的加速度a，则vat，即v与t成正比，选项B正确；由PFvFat可知，P与t成正比，选项D正确；由x12at2可知x与t2成正比，选项C错误；由动能定理可知EkFx12Fat2，Ek与t2成正比，选项A错误答案：BD练4解析：(1)雪橇从20 m到40 m做匀加速直线运动，由动能定理得：F合xEk2Ek1由牛顿第二定律得：F合ma联立解得：a0.5 m/s2.(2)前40 m的运动过程由动能定理得：WmgxEk2解得：W2 900 J.答案：(1)0.5 m/s2(2)2 900 J
