1、安庆市2022年高三模拟考试（二模）物理试题参考答案及评分标准14.答案：D【解析】A该金属的逸出功为，故A错误；B虽然红光的频率小于绿光的频率，但不知道红光频率与截止频率的关系大小，所以改用红光来照射，则不一定能发生光电效应，故B错误；C由光电效应方程可知，若把这束蓝光强度减弱而没有改变光的频率，则逸出的光电子最大初动能不变，故C错误；D 由 W0=h联立可得 Ekm = h故D正确。15.答案：C【解析】AB.设时刻汽车的速度大小为，汽车做匀加速直线运动的加速度大小为a，根据图像可知汽车内位移为，根据可得 2s内位移为12m，可得 联立解得 ，t=4s时，x=32m A、B错误；C.后汽车
2、做匀速直线运动，速度为 C正确；D.平均速度 D错误。故选C。16答案C【解析】Ex=400V/m,方向沿x轴负方向，Ey=300V/m,方向沿y轴负方向， 合成后E=500V/m，沿y轴负方向成53斜向左下，故选C17.答案：D【解析】A空间站轨道面不在赤道平面，故A错误；B还有地球自转，空间站24小时转16圈，不可能每圈都到北京上空；B错误C根据GM=gR2； C错误D中国天宫空间站的机械能约为5.31012J，故D正确18.答案：C 解析：带负电粒子受到的洛伦兹力方向向里，弹力大小为54mg，所以F0=54mg ，即mg=45F0，答案选C19.答案:CD解析：当bc和ad边同时进入磁场
3、时，回路中产生的感应电流为，为定值，当bc和ad边同时出磁场时，回路中电流为0，A错误；线框转动一周时间为，B错误，C、D正确。20.答案:BD解析：由能量守恒可知弹簧弹性势能等于物块动能，故两次压缩量相等，B正确；物块返回到斜面最高点由动能定理,可得，m2m1则，A错误；两次损失的机械能大小为：,故，C错误；克服重力做的功，D正确，故答案为BD.21.答案:AC解析：线框通过磁场时间分为三段，依次为。开始进入时电流，出磁场时电流I再与t成一次函数，故A可能正确；安IBl，进入磁带场时，图像与电流一致，出磁场时，ab边不在磁场内，=0，B错误；当线框进入磁场时，故磁通量与t二次方成正比，出磁场
4、时，减小也为二次函数，故C可能正确；ab边进入磁场时，ab边电势差为，出磁场时，另外，三段时间也不同，故D错误。答案为AC。22.答案： （1）需要（2分） （2）2.6（2分）（答案“2.60”不给分） （3） （2分） 解析：（1）考查“纸带类”实验的基本原理，本实验通过弹簧测力计读出绳子拉力，通过分析拉力的两倍充当合力，因此本实验需要平衡摩擦力。（2）考查读数问题，因为图示弹簧测力计的最小分度为0.2N，所以采用本位估读F=2.6N（3）考查综合分析能力，通过对纸带分析，可以求出B、C点的速度，所以从B到C，合力做功为（注意合力是2F，不是F）滑块在B点动能 滑块在C点动能得：成立23.
5、答案：（1）207.2（2分）（2）2.9V （2分） 1.6（2分） （3）小于 （1分） （4）2700.8-2702.7 （2分）(通过电压表的电流约为0.37mA时，计算值为2702.7；若通过电压表的电流近似为0.4mA，则计算值为2500，阅卷老师可酌情给分！)解析：（1）设该毫安表的内阻为RA，由伏安法可得：RA=UIRI=12103292.82103=207.2(2)由闭合电路欧姆定律得：IR+R0+RA+r=E 整理有：1I=1ER+R0+RA+rE设题中图乙中图线斜率为k，与纵轴截距为b，则结合上式有：k=1E，b=RA+rE E=1k=208.872V=2.9V r=bE
6、RA=2.972207.2=1.6 (3)按该同学说的方法测量时，会因为电压表内阻有分流作用，毫安表测量的不是干路电流，故存在系统误差。若把电压表和原电源看成一等效电源，利用等效电源的思想可知：E测RVRV+rE真，所以电动势的测量值小于真实值。(4)题中已测出的数据有：RA=207.2，E=2.9V，r=1.6，利用在(1)中那次实验：R=292.8，I=2.00mA，U=1.00V，设本次实验中通过电源的电流为I总，由闭合电路欧姆定律得：I总EUR0+r=2.91800+1.6A2.37mA 电压表的内阻RV为：RV=UI总I=1(2.732)1032702.724.(12分)解析：（1）
7、带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，有d=v0t1 (1分)12d=12at12 （1分）qE=ma（2分）联立上式解得E=mv02qd （1分）（2）如图所示为粒子从P到N点的运动轨迹。粒子在匀强电场中运动时间为t1则t1=dv0 (2分)粒子经过O点的速度大小为,方向与x轴负方向的夹角为tan=at1v0=1, 所以=45v=v0 (1分)设在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径为,由几何关系d=2r+r得出r=(21)d (1分)从O到进入磁场粒子做匀速直线运动的时间t2=2ddv (1分)在磁场中做匀速圆周运动的圆弧所对的圆心角为1350则运动时间 (1分)粒子从粒子从P点运动到N点的时间(1
8、分)25.(20分)解析：(1) 当小物块A和长木板B刚要发生相对滑动时，有可得F1=8N。当x=0 m时，F1=1N,小物块A和长木板B相对静止一起做匀加速直线运动，设其加速度为a1，由牛顿第二定律得: F1=(M+m)a1 解得a1=0.25 m/s2 方向水平向右（或X轴正方向）（3分） 当x=4 m时，F1=9N8N,故小物块A和长木板B发生了相对滑动，设小物块的加速度为a2，a2=2m/s2 方向水平向右（或X轴正方向）（3分）(2)长木板通过1m的位移过程中，A、B是一起匀加速直线动，变力做功 =2J （1分）设其共同速度为，由动能定理得: 解得:=1m/s（2分）当水平外力突变为
9、F2=12N时,A与B发生相对滑动，设A和B的加速度分别为aA和aB，由牛顿二定律得:aA=2 m/s2，（1分） aB=m/s2 （1分）方向均为水平向右；再经过时间t=1s，设A和B速度大小分别为和则=+aAt=3m/s， =+aBt=5m/s（2分）（3）在（2)问中，在外力F2作用1s时间后,小物块A发生的位移 m,长木板B发生的位移 m ,得小物块A相对于长木板B向左(X轴负方向）滑动，即 =SB-SA= 1m（1分）（i）当给小物块沿由x轴正方向的水平冲量I0后，小物A的速度突变为，则由动能定理得: 解得:此后，由A、B组成的系统动量守恒，设它们最终达到共同速度为，由动量守恒定律及
10、能量守恒得: （1分）（1分）此过程小物块A相对长木板B向X轴正方向滑动了0.5m=1m 此种情况下要使小物块未脱离长木板B，则长木板B的长度L1m（1分）(ii)当给小物块沿由x轴负方向的水平冲量I0后，小物A的速度突变为则由动量定理得: 解得:=-1 m/s 负号表速度方向向X轴负方向此后，由A、B组成的系统动量守恒，设它们最终达到共同速度为则有 解得（2分）此情况下要使小物块不脱离长木板B，则长木板B的长度L应有L即L5.5m（1分） 综上讨论不论给小物块A施加一水平向右还是向左的冲量I0,要使小物块A不脱离长木板则长木板B的长度L需满足L5.5m（1分）33.（15分）（1）答案：AC
11、D解析：A：高中物理课本注释，正确说法B：绝热即不吸收热量，膨胀即对外做功，内能减少，温度降低。错误C：热力学第二定律克劳修斯表述修改，热量不能自发从低温物体传给高温物体，但是热量可以通过外界作用从低温物体传给高温物体。正确D：热力学第二定律开尔文表述阐述了机械能和内能转化的方向性。机械能可以全部转化为内能，而内能无法全部用来做功以转化为机械能。正确E：能源的过度消耗导致“能源危机”，但是能量上守恒的。错误（2） 解析：放上C物块后，由玻意耳定律定律得 （2分） 对A平衡分析 （2分） 解得： （1分）设不规则物体体积为，放上C物块后，由玻意耳定律定律得 （3分）解得： （2分）34.(15分
12、)（）答案：解析：根据相邻明暗条纹间距的表达式可知：因红光波长大于黄光波长，改用红光明暗条纹间距增大，则目镜中观察到的条纹个数减少，选项正确；减小双缝间距d，明暗条纹间距增大，则目镜中观察到的条纹个数减少，故选项错误，选项正确；移动单缝，没有改变d和L，条纹间距和观察到的条纹个数不变，选项错误；将屏向远离双缝的方向移动，即增大了L，明暗条纹间距增大，则目镜中观察到的条纹个数减少，选项正确；故该题的正确答案为。（2）答案：=2sv=0.084n+1 m/s (n=1、2、3) 解析：根据t=0时刻质点b处于平衡位置且向上运动，可知该列波水平向左传播。(2分)T0.5 s时，由图可知：在t=0.5s内质点b振动了个周期，即t(1分)解得：4t=2s (1分)T0.5 s时，设该列波的波长为，由图可知：34x, =43x=16cm (1分)又可知在t=0.5s时间内，该列波传播的距离为： x=n+14=4n+14 (2分) 该列波的传播速度v为：v=xt=(4n+1)4t （2分） 代入数据解得：v=0.084n+1 m/s (n=1、2、3) （1分）
