1、广东省珠海市第二中学2019-2020学年高一物理下学期开学考试试题（含解析）一、单项选择题：本题包括9小题，每题4分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。选对得4分，选错或不答得0分。1.下面关于加速度的描述中正确的有（）A. 加速度描述了物体速度变化的多少B. 加速度在数值上等于单位时间里速度的变化C. 速度改变量越大,加速度就越大D. 加速度与速度方向相同且减小时,物体做减速运动,当加速度减小到零时,速度最小【答案】B【解析】【详解】A.加速度是反映速度变化快慢的物理量，故A错误B.加速度等于单位时间内速度变化量，故B正确C.根据a=知，速度变化量越大，加速度不一
2、定大，还与时间有关，故C错误D.当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，物体的速度增大，当加速度减小到零，速度达到最大，故D错误2.某物体沿直线运动，在t=O时刻从某位置出发，其v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 物体在第6S末返回出发点B. 物体的最大位移为2mC. 物体在第3s末和第5s末处于同一位置D. 物体在第1s内和第2s内的加速度是相同的【答案】C【解析】A、物体在前内做正向运动，第与第内做反向运动，由图形的面积等于位移可知，末时物体恰好回到出发点静止，然后又从出发点出发，向正方向运动，故A错误；B、由图可知末或末物体距离出发点最远，最远距离为：，故选项B错误；C、由
3、图可知，3s到5s时间内，物体通过的位移为零，故质点在第3s末和第5s末的位置相同，故C正确；D、根据加速度公式，在第内，第2s内：，即第1s内和第2s内的加速度大小相等，方向相反，故选项D错误点睛：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向3.如图所示，乒乓球网上沿高出桌面H，网到桌边的距离为L.某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘.设乒乓球的运动为平抛运动，则乒乓球()A. 在空中做变加速直线运动B. 在水
4、平方向做匀加速直线运动C. 在网的右侧运动的时间是左侧的2倍D. 击球点的高度是网高的2倍【答案】C【解析】乒乓球做的是平抛运动，加速度为g，是匀加速曲线运动，故A错误；乒乓球做的是平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，故B错误；因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，所以网右侧运动时间是左侧的两倍，故C正确；竖直方向做自由落体运动，根据h=gt2可知，球在网的两侧运动的时间比为1:2，下降的高度之比1:8，即击球点的高度与网高之比为：9：8，故D错误故选C点睛：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解4.
5、现在很多教室都安装可以沿水平方向滑动的黑板，如图所示在黑板以某一速度向左匀速运动的同时，一位教师用粉笔在黑板上划线，粉笔相对于墙壁从静止开始先匀加速向下画，接着匀减速向下画直到停止，则粉笔在黑板画出的轨迹可能为( ) A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据运动的合成与分解，结合曲线运动条件，及矢量合成法则，即可求解【详解】粉笔以某一速度水平向左匀速运动，同时从静止开始先匀加速向下滑动，再匀减速向下滑动至停止，根据做曲线运动的物体所受合外力一定指向曲线凹侧，则粉笔在水平方向始终匀速，在竖直方向先向下加速时，曲线向下弯曲；后向下减速，则曲线向上弯曲，故D正确；A，B，C错误.故选D
6、.【点睛】考查运动的合成与分解，掌握矢量合成法则的内容，注意曲线运动条件的应用，是解题的关键5. A、B两球的质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙用力F向左推B球将弹簧压缩，如图所示然后突然将力F撤去，在撤去力F的瞬间，A、B两球的加速度分别为：A. 0 ， 0B. 0 ， F/mC. F/2m ， F/mD. F/2m ，F/2m【答案】B【解析】试题分析：静止后，弹簧处于压缩，弹力，撤去F的瞬间，弹力不变，A球所受的合力为零，则加速度为零，B球所受的合力为，则B球的加速度为，故B正确，选项ACD错误考点：牛顿第二定律、胡克定律【名师点睛】力F将B球向左推压弹
7、簧，静止后，B球受推力F和弹簧的弹力处于平衡，撤去F的瞬间，根据牛顿第二定律，通过瞬时的合力求出瞬时的加速度；解决本题的关键得出撤去F瞬间两球所受的合力，通过牛顿第二定律得出瞬时加速度6.如图所示，一细线系一小球绕O点在竖直面做圆周运动，a、b分别是轨迹的最高点和最低点，c、d两点与圆心等高，小球在a点时细线的拉力恰好为0，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A. 小球从a点运动到b点的过程中，先失重后超重B. 小球在a点的速度恰好为0C. 小球从a点运动到b点的过程中，细线对小球的拉力先做正功后做负功D. 小球运动到c、d两点时，受到的合力指向圆心【答案】A【解析】【详解】A小球从a到d的过
8、程中，其加速度由竖直向下的分量，故小球处于失重状态，从d到b的过程中小球加速度由竖直向上的分量，故其处于超重状态，故A正确；B在a处绳的拉力为0，重力提供向心力，故解得，故B错误；C小球从a点运动到b点的过程中拉力始终与速度方向垂直，故绳的拉力不做功，故C错误；D小球运动到c、d两点时重力方向竖直向下，绳的拉力指向圆心，故合力不指向圆心，故D错误；故选A。7.质量分别为M和m的物体A、B用细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知Mm，滑轮质量及摩擦均不计，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A. 细线上的拉力一定小于MgB. 细线上的拉力一定等于mgC. 细线上的拉力等于D. 天
9、花板对定滑轮的拉力等于（M+ m）g【答案】A【解析】【详解】ABC设细线上的拉力为T，对两物体由牛顿第二定律得解得，细线上的拉力为由于，则，故A正确，B、C错误；D天花板对滑轮的作用力为故D错误；故选A。8.如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器底部O处(O为球心)，弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点已知容器半径为R，与水平面间的动摩擦因数为，OP与水平方向的夹角为30下列说法正确的是()A. 容器相对于水平面有向左运动的趋势B. 轻弹簧对小球的作用力大小为 C. 容器对小球的作用力竖直向上D. 弹簧原长为R【答案】D【解析】【详解】A由于容器和小球组成
10、的系统处于平衡状态，容器相对于水平面没有向左运动的趋势，选项A错误；BC对小球受力分析，如图所示，由=30可知支持力和弹簧的弹力之间的夹角为120，则由几何关系可知，小球受到容器的支持力和弹簧对小球的弹力大小均为mg，故BC错误； D弹簧的弹力为mg，则弹簧被压缩了，可知弹簧原长为R+，选项D正确.故选D。9.科技馆中的一个展品如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头，在一种特殊的间歇闪光灯的照射下，若调节间歇闪光间隔时间正好与水滴从A下落到B的时间相同，可以看到一种奇特的现象，水滴似乎不再下落，而是像固定在图中的A、B、C、D四个位置不动，对出现的这种现象描述正确的是(g=10m/s2)
11、 （）A. 水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足tABtBCtCDB. 闪光的间隔时间是C. 水滴在相邻两点间的平均速度满足ABBCCD=149D. 水滴在各点速度之比满足vBvCvD=135【答案】B【解析】【详解】AB若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，看到水滴似乎不再下落，知相邻两个点的时间间隔相等。根据x=gt2，则故A错误，B正确；C初速度为零的匀变速直线运动，在相邻相等时间内的位移之比为1：3：5，则平均速度之比故C错误；D根据v=gt得故D错误。故选B。二、多项选择题：本题包括4小题，每题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题
12、目要求。选对得4分，选不全得2分，选错或不答的得0分。10.甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其vt图像如图所示，则（）A. 2 s时甲和乙相遇B. 06 s内甲、乙相距最大距离为1 mC. 2 s6 s内甲相对乙做匀速直线运动D. 4 s时乙的加速度方向反向【答案】AC【解析】【详解】A由图可知，在2s时，甲、乙两物体的位移均为4m，故甲、乙相遇，A正确；B2s时甲乙相遇，此后两者距离越来越远，6s时距离最远，由图中可知，乙物体先向正方向运动后反向运动，总位移为零，因此甲乙的最远距离为甲2s6s 运动的位移，由图像的面积表示位移可得故B错误；C2s6s时，甲、乙的加速度相等
13、，故甲相对乙做匀速直线运动，故C正确；D4s时乙速度方向反向，但是加速度方向未变，故D错误；故选AC。11.2020年3月9日，北斗系统第29颗组网卫星发射成功，目前只差一颗即可完成最终组网。北斗系统由若干地球静止轨道卫星（同步卫星，轨道高度约为36000km）、倾斜地球同步轨道卫星（轨道平面与赤道夹角为55，轨道高度约为36000km）和中圆地球轨道卫星（轨道高度约为21500km）三种轨道卫星组成，则下列说法中正确的是（）A. 地球静止轨道卫星与珠海市的距离恒定，绕地球运转周期为24hB. 倾斜地球同步轨道卫星绕地球运转的线速度大于7.9km/sC. 中圆轨道卫星绕地球运转角速度大于地球静
14、止轨道卫星的角速度D. 倾斜地球同步轨道卫星绕地球运转的向心加速度大小等于地球静止轨道卫星向心加速度【答案】ACD【解析】【详解】A地球静止轨道卫星与地球保持相对静止，周期为24h，由于其与地球保持相对静止，故其与珠海市距离恒定，A正确；B绕地球运行的近地卫星速度为7.9km/s，此为最大运行速度，其他卫星运行速度均小于7.9km/s，故B错误；C中圆轨道卫星的半径小于地球静止轨道卫星，由可得，可知半径越大角速度越小，因此其角速度大于地球静止轨道卫星，故C正确；D倾斜地球同步轨道卫星和地球静止轨道卫星的轨道半径相同，由可知，其向心加速度相同，故D正确；故选ACD。12.一辆小汽车在水平路面上由
15、静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持以额定功率运动其图象如图所示已知汽车的质量为，汽车受到地面的阻力为车重的倍，则以下说法正确的是A. 汽车在前5s内的牵引力为B. 汽车速度为时的加速度为C. 汽车的额定功率为100kWD. 汽车的最大速度为80【答案】AC【解析】由速度时间图线知，匀加速运动的加速度大小a=m/s24m/s2，根据牛顿第二定律得，F-f=ma，解得牵引力F=f+ma=1000+4000N=5000N，故A正确汽车的额定功率P=Fv=500020W=100000W=100kW，汽车在25m/s时的牵引力FN4000N，根据牛顿第二定律得，加速度，故
16、B错误，C正确当牵引力等于阻力时，速度最大，则最大速度，故D错误故选AC点睛：本题考查了汽车恒定加速度启动的问题，理清整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道牵引力等于阻力时，汽车的速度最大13.水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，一水平传送带装置示意图如下，绷紧传送带AB始终保持恒定的速率v=1m/s运行，一质量为m=4kg的行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，A、B间的距离L=2m，则（）A. 行李刚开始运动时的加速度大小为1m/s2B. 行李从A运动到B的时间为2sC. 行李在传送带上滑行痕迹的长度为1mD. 如果提高传送带的运行速率
17、，行李从A处传送到B处的最短时间可能为2s【答案】AD【解析】【详解】A对小物块，由牛顿第二定律故其加速度为，故A正确；B行李匀加速的时间为位移为故行李匀速运动的时间为故总时间为2.5s，故B错误；C行李匀加速期间传动带的位移为因此相对位移为故划痕长为0.5m，故C错误；D传送带的速度越大，物块加速时间越长，总运动时间越短，故一直匀加速到B端的时间最短，最短为故D正确；故选AD。三、实验题：共14分。14.某同学利用如图甲所示的装置做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧弹簧轴线和刻度尺都应在_（选填“水平”或“竖直”）方向（2）他通过实验得到如图乙
18、所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线由图线可得弹簧的原长x0=_cm，劲度系数k=_N/m，他利用本实验原理把弹簧做成一把弹簧秤，当示数如图丙所示时，该弹簧伸长的长度x=_cm【答案】 (1). （1）竖直； (2). （2）4； (3). 50； (4). 6；【解析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=kx，有：；由图丙得到弹簧的弹力为3N，依据胡克定律F=kx，有；15.在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中（g取9.8 m/
19、s2）：(1)某组同学用如图所示装置，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到的力的关系。下列措施中不需要和不正确的是_。首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉力平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源A. B.C. D.(2)某组同学实验得出数据，画出aF图像如图所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是_。A.实验中摩擦力没有平衡B.实验中摩擦力平衡过度C.实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D.实验中小车质量发生变化(3
20、)实验中得到一条打点的纸带，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.10 s。则打点计时器打下F点时小车的瞬时速度vF_m/s，小车加速度a_m/s2（计算结果均保留两位有效数字）。(4)实际上，在砝码的重力越来越大时，小车的加速度不能无限制地增大，将趋近于某一极限值，此极限值为_m/s2。【答案】 (1). B (2). B (3). 0.72 (4). 0.80 (5). 9.8【解析】【详解】（1）1平衡摩擦力的步骤是取下塑料桶，垫高斜面的右侧，轻推小车，使小车能做匀速直线运动，平衡摩擦力后更改小车质量时不需要
21、重新平衡，平衡摩擦力的目的是使小车受到的合力等于绳的拉力，故正确，错误；实验时通过改变塑料桶中的砝码质量改变小车的受力，故正确；实验时应该先打开打点计时器电源，再释放小车，故错误；故错误，故选B。（2）2ABCD从图像可以看出，当拉力为0时小车有加速度，故该实验的问题是斜面倾角过大，平衡摩擦力过度，故B正确，A、C、D错误；故选B。（3）34打下F点时小车速度为小车的加速度为（4）5对小车可得对塑料桶和砝码可得消去T整理可得当时，加速度趋近于重力加速度g，故此极限值为。四、计算题：本题包括3小题，共34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分。有数值计算的题
22、，答案必须明确写出数值和单位。16.如图所示，在水平地面上固定一倾角30的粗糙斜面，一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面匀减速上滑高度H后停止，在上滑的过程中，其加速度和重力加速度g大小相等。求：(1)小物块与斜面间的动摩擦因数；(2)该过程中物体克服重力做功W1和摩擦力做的功W2。【答案】（1）；（2）mgH ，-mgH【解析】【详解】（1）在小物块沿斜面匀减速上滑的过程中，由牛顿第二定律有：mgsinmgcosma由ag，解得(2)该过程中，物体克服重力做功为W1=mgH摩擦力所做的功为：17.如图所示，一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重。一个可乘坐二十多个人的环形座舱套装
23、在竖直柱子上，由升降机送上76m的高处，然后让座舱自由落下，不计阻力。落到离地面31m时，制动系统启动，座舱做匀减速运动到离地面1m时刚好停下。（g=10m/s2，竖直向下为正方向）求：(1)自由下落的时间t；(2)若座舱中某人用手托着质量为0.2kg的手机，当座舱下落到离地面15m的位置时，求手机对手的压力F。【答案】（1）3s；（2）5N，方向竖直向下【解析】详解】(1)由，解得(2)物体自由下落3s后的速度座舱落到离地15m时，加速度方向向上，加速度的大小a，则有以手机为研究对象，根据牛顿第二定律：解得根据牛顿第三定律得手机对手的压力方向竖直向下。18.如图所示，一质量m1=0.2kg的
24、足够长平板小车静置在光滑水平地面上，质量m2=0.1kg的小物块（可视为质点）置于小车上A点，其与小车间的动摩擦因数=0.40，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现给小物块一个方向水平向右、大小为v0=6m/s的初速度，同时对小物块施加一个方向水平向左、大小为F=0.6N的恒力，取g =10m/s2，求：(1)初始时刻，小车和小物块的加速度大小；(2)经过多长时间小物块与小车速度相同？(3)小物块向右运动的最大位移。【答案】（1）2m/s2，10m/s2；（2）0.5 s；（3）2.0m【解析】【详解】（1）小物块受到向左的恒力和滑动摩擦力做匀减速运动，小车受摩擦力向右做匀加速运动设小车和小物块的加速度大小分别为a1、a2，对小车有解得对小物块解得（2）设经过时间t小车与小物块速度相同，设速度为v1，由运动学公式得，对小车：对小物块解得t = 0.5 s（3）假设当两者达到共同速度后相对静止，系统只受恒力F1作用，设系统的加速度为a3，则由牛顿第二定律得解得此时小车所需要的静摩擦力为=0.4N因为所以两者将一起向右做匀减速运动 小物块第一段的位移小物块第二段的位移所以，小物块向右运动的最远位移为
