1、一、本题共5小题，每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确选对的得3分，选错或不答的得0分1物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步下列关于物理学中运动与力发展过程研究的说法，正确的是A亚里士多德首先提出了惯性的概念B牛顿的三条运动定律是研究动力学问题的基石，都能通过现代的实验手段直接验证C牛顿利用他的运动定律把行星的向心加速度与太阳对它的引力联系起来111D力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位【答案】C【解析】试题分析：伽利略首先提出了惯性的概念，选项A错误；牛顿的三条运动定律是研究动力学问题
2、的基石，牛顿第二、第三定律能通过现代的实验手段直接验证，牛顿第一定律不能通过现代的实验手段直接验证，选项B错误；牛顿利用他的运动定律把行星的向心加速度与太阳对它的引力联系起来，选项C正确；力的单位“N”和加速度的单位“m/s2”都是导出单位，选项D错误。考点：物理学史2如图所示的实验装置中，小球A、B完全相同用小锤轻击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落，实验中两球同时落地图中虚线1、2代表离地高度不同的两个水平面，下列说法中正确的是第2题图AA球从面1到面2的速度变化等于B球从面1到面2的速度变化BA球从面1到面2的速率变化等于B球从面1到面2的速率变化CA球从面1到面2
3、的速率变化大于B球从面1到面2的速率变化DA球从面1到面2的动能变化大于B球从面1到面2的动能变化111【答案】A1111【解析】试题分析：球A做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，故A球从面1到面2的速度变化等于B球从面1到面2的速度变化，选项A正确、BC错误；由动能定理知，A球从面1到面2的动能变化等于B球从面1到面2的动能变化，选项D错误。考点：平抛运动3一只小船渡河，运动轨迹如图所示水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边；小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，船相对于静水的初速度大小均相同、方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变由此可以确定CABADA第3题图A
4、AA水流方向AA船沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀加速直线运动B船沿三条不同路径渡河的时间相同C船沿AB轨迹渡河所用的时间最短D船沿AC轨迹到达对岸前瞬间的速度最大【答案】D【解析】试题分析：依题意可知，AC径迹是匀加速运动，AB径迹是匀速运动，AD径迹是匀减速运动，从而知道AC径迹渡河时间最短，AD径迹是最长，选项AC错误；因为三种运动船的船头垂直河岸，相对于静水的初速度相同，垂直方向运动性质不同，沿流水方向速度相同，河的宽度相同，渡河时间不等，选项B错误；沿AC轨迹船到达对岸的速度最大，选项D正确。1考点：运动的合成与分解在渡河上的应用【名师点睛】本题要抓住分运动与合运动具有等时性，因水
5、速一定，看水流方向的位移就可知道三者时间不等。由轨迹是否直线和弯曲的方向就可知道船相对水作何种运动，由此选择答案。4将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动小球的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同重力加速度为g假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为第4题图Amg BC D【答案】B 【解析】考点：牛顿第二定律【名师点睛】解决本题的关键是利用匀变速直线运动的推论x=aT2求出两种情况下的加速度，进而由牛顿第二定律即可求解闪光频率相同，则小球每经过两个相邻位置的时间间隔是相同的，根据位移公式求出两种情况的加速度之比，根据牛顿
6、第二定律列方程表示出上升和下落的加速度，联立即可求解5如图所示，在倾角=30的光滑斜面上，长为L的细线一端固定，另一端连接质量为m的小球，小球在斜面上做圆周运动，A、B分别是圆弧的最高点和最低点，若小球在A、B点做圆周运动的最小速度分别为vA、vB，重力加速度为g，则AB1111C DAB第5题图O【答案】C1111【解析】试题分析：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsin=，解得：vA=；小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有：mvA2+mg2Lsin=mvB2，解得：vB=，选项B正确。考点：机械能守恒定律、圆周运动【
7、名师点睛】小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，说明小球在A点时细线的拉力为零，只有重力的分力做向心力；从A到B的过程中只有重力做功，由机械能守恒定律可以求得B点时的速度二、本题共4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分62005年北京时间7月4日下午1时52分，美国小探测器成功撞击“坦普尔一号”彗星，投入彗星的怀抱，实现了人类历史上第一次对彗星的“大对撞”如图所示，假设“坦普尔一号”彗星绕太阳运行的轨道是一个椭圆，其运动周期为5.74年，下列说法中正确的是A探测器在撞击彗星前后过程，与太阳的连线在相等时间
8、内扫过相等的面积B该彗星近日点处线速度小于远日点处线速度C该彗星近日点处加速度大于远日点处加速度D该彗星椭圆轨道半长轴的三次方与周期的平方之比是一个常数太阳第6题图发射地球轨道相撞时地球的位置撞击探测器轨道彗星轨道【答案】CD【解析】试题分析：探测器和彗星绕太阳做椭圆运动的轨迹不相同，故在撞击彗星前后过程，与太阳的连线在相等时间内扫过的面积不相等，选项A错误；从近日点向远日点运动，万有引力做负功，动能减小，所以近日点的线速度大于远日点的线速度，故B错误；彗星在近日点所受的万有引力大于在远日点所受的万有引力，根据牛顿第二定律，近日点的加速度大于远日点的加速度故C正确；根据开普勒第三定律有：=C（
9、常量），C是与太阳的质量有关的常数故D正确。考点：开普勒第三定律【名师点睛】7如图所示，一细绳系一光滑小球，细绳跨过定滑轮使小球靠在柱体的斜面上设柱体对小球的弹力为 FN，细绳对小球的拉力为FT现用水平力拉绳使小球缓慢上升一小段距离，在此过程中，下列说法正确的是AFN逐渐增大BFN逐渐减小CFT逐渐增大DFT先增大后减小柱体第7题图【答案】AC【解析】试题分析：以小球为研究对象，小球受三个力的作用，重力G（大小方向不变）、细绳的拉力FT、柱体对小球的弹力FN（大小变，方向不变，始终垂直于斜面），受力图和力的矢量三角形图如图所示。在小球上升的过程中FN和细线的拉力FT的夹角逐渐增大，由力的矢量三
10、角形可知，FN和FT都逐渐增大，选项AC正确。考点：本题考查物体的平衡【名师点睛】8如图，重为8N的物块静止在倾角为30的斜面上，若用平行于斜面且沿水平方向、大小为3N的力F推物块时，物块刚好被推动现施加平行于斜面的力F0推物块，使物块在斜面上做匀速运动，此时斜面体与地面间的摩擦力大小为f设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，斜面始终保持静止则AF0可能为0.5N BF0可能为5NCf可能为3NDf可能为9N第8题图【答案】BC 【解析】项BC正确。考点：共点力的平衡、摩擦力【名师点睛】9如图（甲）所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图（乙）所示设物块与地面间
11、的最大静摩擦力fmax的大小与滑动摩擦力大小相等，则At1时刻物块的速度为零B物块的最大速度出现在t3时刻Ct1t3时间内F对物块先做正功后做负功D拉力F的功率最大值出现在t2t3时间内111.Com第9题图【答案】ABD【解析】试题分析：当推力小于最大静摩擦力fm时，物体静止不动，静摩擦力与推力二力平衡，故t1时刻物块的速度为零，选项A正确；加速度为零时速度最大，故t3时刻物块A的速度最大，动能最大，选项B正确；t1t3时间内F对物块先一直做正功，选项C错误；由P=Fvcos知，拉力F的功率最大值出现在t2t3时间内，选项D正确。考点：F-t图像【名师点睛】当推力小于最大静摩擦力时，物体静止
12、不动，静摩擦力与推力二力平衡，当推力大于最大静摩擦力时，物体开始加速，当推力重新小于最大静摩擦力时，物体由于惯性继续减速运动。三、本题共2小题，共20分请将解答填写在答题卡上相应位置10（10分）用如图甲所示的装置进行“探究加速度与力、质量的关系”的实验中（1）若小车的总质量为M，砝码和砝码盘的总质量为m，则当满足 条件时，可认为小车受到合外力大小等于砝码和砝码盘的总重力大小（2）在探究加速度与质量的关系实验中，下列做法中正确的是 小车砝码打点计时器第10题甲图砝码盘纸带A平衡摩擦力时，不应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上 B每次改变小车的质量时，都需要重新平衡摩擦力C实验时，先接通
13、打点计时器电源，再放开小车D小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出（3）甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a如图乙是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个打点未标出，计时器打点频率为50Hz，则小车运动的加速度为 m/s2（保留两位有效数字）012343.75第10题乙图4.204.655.10单位：cm（4）乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a 图线后，发现当较大时，图线发生弯曲该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象则该同学的修正方案可能是 A改
14、画a与的关系图线 B改画a与的关系图线C改画 a与的关系图线 D改画a与的关系图线【答案】（1）Mm（2分） （2）AC（3分） （3）0.45（2分） （4）A（3分）【解析】试题分析：（1）小车和砝码在实际运动中是用沙和桶的重力来代替定力F，但是沙和桶是有质量的，且a为整个系统的加速度，因此mg=F=(M+m)a，只有当m远小于M时，得出的结果才会符合F=Ma；（2）平衡摩擦力时，不能将装砝码的托盘用细线通过定滑轮系在小车上，故A正确；每次改变小车质量后，不需要重新平衡摩擦力，因为动摩擦力因数与倾角没变，故B错误；实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车，C正确；实验中也可不测加速度的具体
15、数值，只要测出不同情况下加速度的比值就行了，故D错误。（3）根据逐差法可知，小车的加速度为：a=102m/s2=0.45m/s2；（4）由于细线不可伸长，因此砝码和砝码盘与小车具有了相同大小的加速度，对它们整体根据牛顿第二定律有：mg(Mm)a，解得：a，因此在mg一定的情况下，a，故选项A正确。考点：探究加速度与力、质量的关系11（10分）如图所示，用光电门等器材验证机械能守恒定律直径为d、质量为m的金属小球由A处静止释放，下落过程中经过A处正下方的B处固定的光电门，测得A、B间的距离为H(Hd)，光电门测出小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g，则（1）小球通过光电门B时的速度表达
16、式 ；（2）多次改变高度H，重复上述实验，描点作出随H的变化图象，若作出的图线为通过坐标原点的直线，且斜率为 ，可判断小球下落过程中机械能守恒；（3）实验中发现动能增加量Ek总是小于重力势能减少量EP，增加下落高度后，则（EPEk）将 （选填“增加”、“减小”或“不变”）；（4）小明用AB段的运动来验证机械能守恒时，他用计算与B点对应的重锤的瞬时速度，得到动能的增加量，你认为这种做法正确还是错误？答： 理由是 金属球光电门数据采集器第11题图AB【答案】（1） （2分） （2）（3分） （3）增加（2分）（4）错误（1分） 此做法已默认机械能守恒（只要意思正确即给分）（2分）【解析】试题分析：
17、（1）小球通过光电门B时的速度v=；（2）若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒；则有：mgH=mv2，即：2gH=（）2，解得：=，故-H变化图象的斜率k=；（3）由于该过程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后，则Ep-Ek将增大；（4）小明用AB段的运动来验证机械能守恒时，他用计算与B点对应的重锤的瞬时速度，得到动能的增加量，这种做法是错误的，此做法已默认机械能守恒。1考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】由题意可知，本实验采用光电门利用平均速度法求解落地时的速度；则根据机械能守恒定律可知，当减小的机械能应等于增大的动能；由原理即可明确注意事项及数据的处理等
18、内容四、本题共5小题，共69分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位12（13分）木星的卫星之一叫艾奥，它上面的珞珈火山喷出的岩块初速度为v0时，上升的最大高度可达h已知艾奥的半径为R，引力常量为G，忽略艾奥的自转及岩块运动过程中受到稀薄气体的阻力，求：（1）艾奥表面的重力加速度大小g和艾奥的质量M；（2）距艾奥表面高度为2R处的重力加速度大小g；（3）艾奥的第一宇宙速度v【答案】（1）；（2）；（3）【解析】试题分析：（1）岩块做竖直上抛运动有 （1分）解得 （1分）忽略艾奥的自转有 （2分）解得 （1分）（2）
19、距艾奥表面高度为2R处有 （2分）解得 （2分）（3）某卫星在艾奥表面绕其做圆周运动时 （2分）解得 （2分）考点：万有引力定律在天体运动中的应用13（13分）某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为vt图象，图象如图所示（除2s10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）已知在小车运动的过程中，2s14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末通过遥控使发动机停止工作而让小车自由滑行，小车的质量m=2.0kg ，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变，取g=10m/s2求：（1）14s18
20、s时间段小车的加速度大小a； （2）小车匀速行驶阶段的功率P；（3）小车在2s10s内位移的大小s2t/sv/ms-148024 6 8 10 1214 16 18 第13题图【答案】（1）2.0m/s2；（2）32W；（3）52m【解析】其中 v=8m/s ，v2=4m/s解得 s2 = 52m（2分）考点：动能定理、功率14（13分）跳台滑雪是勇敢者的运动如图所示，滑雪者着专用滑雪板，在助滑道AB上获得一定速度后从B点沿水平方向跃出，在空中飞行一段时间后着落，这项运动极为壮观已知滑雪者和滑雪板的总质量为m，斜坡BC倾角为，B点距水平地面CD的高度为h，重力加速度为g，不计空气阻力（1）若滑
21、雪者水平跃出后直接落到地面上，求滑雪者在空中运动的时间t0（2）为使滑雪者跃出后直接落到地面上，滑雪者在B点跃出时的速度v0应满足什么条件？（3）若滑雪者跃出后直接落到斜坡上，试推导滑雪者和滑雪板落到斜坡时的总动能Ek随空中运动时间t的变化关系DAhBC第14题图【答案】（1）；（2）；（3）（）【解析】试题分析：（1）滑雪者在空中作平抛运动，则 （2分）解得 （1分）（2）为使滑雪者跃出后直接落到地面上，则平抛运动的水平距离应满足（1分）而 （1分）解得 （2分）1111（3）设滑雪者平抛运动的水平距离和下落高度分别为x、y，落到斜坡时的水平和竖直分速度分别为vx、vy，则 ，（2分）（1分
22、）（1分）解得 （）（2分）考点：平抛运动、动能11115（15分）如图所示，倾角=30的斜面体C静置于水平面上，质量为m的小物块在沿斜面向上的恒力作用下，从A点由静止开始运动，物块与斜面间的动摩擦因数=，重力加速度为g （1）若斜面体保持静止，物块由A运动到B历时为t，A、B间距为x求恒力的大小F：（2）在（1）情况下，物块运动过程中，求斜面体受到水平面的摩擦力（3）若水平面光滑，物块在沿斜面向上、大小为F0的恒力作用下，与斜面体C保持相对静止、一起运动，且两者间无相对滑动趋势，求斜面体的质量M【答案】（1）；（2） ，方向水平向左；（3）【解析】试题分析：（1）设物块运动的加速度大小a，则
23、 （1分）对物块受力分析如答图，根据牛顿第二定律有沿斜面方向 （2分）垂直斜面方向 （1分）解得 （2分）第15题答图FBAmMxN1mgffGfN1FfFN（2）设斜面体受到水平面的摩擦力为Ff，对斜面体受力分析如答图，水平方向由平衡条件有 （2分）解得 （1分）方向水平向左 （1分）（3）设物块与斜面间的弹力为N2，加速度为a2，由牛顿第二定律有对斜面体 （1分）对物块 （1分） （1分）解得 （2分）考点：牛顿第二定律16（15分）如图所示，用长为L的轻质细线将质量为m的小球悬挂于O点小球在外力作用下静止在A处，此时细线偏离竖直方向的夹角=60现撤去外力，小球由静止释放，摆到最低点B时，
24、细线被O点正下方距离L/4处的光滑小钉子挡住，小球继续向左摆动到最高点时细线偏离竖直方向的夹角也为60小球在运动过程中所受空气阻力大小恒定，且始终与运动方向相反，重力加速度为g求：（1）小球在A处处于静止状态时，所受外力的最小值F1；（2）小球运动过程中所受的空气阻力大小f和动能最大时细线偏离竖直方向夹角的正弦值sin（3）小球第二次经过最低点B，开始绕O点向右摆动时，细线的拉力大小T；第16题图OCBA【答案】（1）；（2）；（3）【解析】试题分析：（1）小球在A处于静止，受力平衡，当F1与细线垂直时最小则 （2分）（2）小球从A运动到C过程由动能定理有（2分）解得 （2分）小球速度最大时有 （2分）解得 （1分）（3）设此时小球的速度为v，则（2分）（2分）解得 （2分）考点：动能定理、圆周运动
