1、2020年江西省中考物理模拟试题（五）一、填空题（共23分，每空1分）1在对应的横线上填写合适的物理单位：（1）两只普道鸡蛋的重力大约为1 _；（2）一个中学生站立在水平地面上对地面的压强约为15000 _；（3）中学生100m跑时的平均速度约为7 _。【答案】（1）N；（2）Pa；（3）m/s。【解析】（1）两只鸡蛋的质量在100g0.1kg左右，受到的重力约Gmg0.1kg10N/kg1N；（2）中学生的体重在G480N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.32m2左右，双脚对水平地面的压强在p15000Pa左右；（3）男子百米世界纪录略大于10m/s，中学生百米速度远小于此数值，一般
2、在7m/s左右。2声音是由于物体_而产生的。因为声音能传递_，所以当人们突然暴露在150dB的噪声环境中，耳朵中的鼓膜会破裂出血，使双耳完全失去听力。【答案】振动；能量。【解析】声音是由于物体振动而产生的。因为声音能传递能量，所以当人们突然暴露在150dB的噪声环境中，耳朵中的鼓膜会破裂出血，使双耳完全失去听力。3空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，若以_为参照物，他们都是运动的，若以加油机为参照物，歼击机是_的。【答案】地面；静止。【解析】空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，相对于地面的位置不断变化，以地面作为参照物，它们都是运动的；空中加油机在空中给歼击机加油的过程中，歼击机相对于加油
3、机位置保持不变，以加油机为参照物，歼击机是静止的。4人眼看物体的原理和凸透镜成像的原理相同。正常人的眼睛，看到的物体在视网膜上成_的（选填“放大”或“缩小”） _像（选填“实”或“虚”）。【答案】缩小；实。【解析】人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像。这样来自物体的光线通过瞳孔，经过晶状体成像在视网膜上，再经过神经系统传到大脑，经过大脑处理，我们就看到物体了。5不同物质的原子核对电子束缚能力的强弱一般不同，毛皮对电子的束缚能力比梳子强则毛皮与梳子摩擦过程中，毛皮带_（选填“正”或“负”）电。【答案】负。【解析】毛皮对电子的束缚能
4、力比梳子强，毛皮与梳子摩擦，毛皮得到电子带负电、梳子失去电子带正电。6如图所示是生活中常用的夹子，当用手张开夹子时，夹子是_杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂杠杆”）；夹口处刻有横纹是为了_。【答案】省力；增大摩擦。【解析】（1）用手捏开夹子时，手施加的力是动力，夹子上的钢圈施加的力是阻力，由图可知，此时动力臂大于阻力臂，因此夹子时省力杠杆；（2）夹子夹口处的横纹增加了接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下，可以增大摩擦力。7把蔬菜放进冰箱，蔬菜的温度降低是通过_的方式改变物体内能的；两手相互摩擦，手的温度升高是通过_的方式改变物体内能的。【答案】热传递；做功。【解析】把蔬菜放进冰箱，蔬菜的温
5、度降低是热量发生了转移，是通过热传递的方式改变物体内能的；两手相互摩擦，克服摩擦做功，因此手的温度升高是通过做功的方式改变物体内能的。8在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P在滑动变阻器R2的某两点之间滑动的过程中，电流表的示数变化范围是0.4A1A，电压表的示数变化范围是1V4V则定值电阻R1_，电源电压U_V。【答案】5；6。【解析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片向左移动时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，滑动变阻器两端的电压变小，所以，电路中的电流为1A时，电压表的示数为1V，因串联电路中总
6、电压等于各分电压之和，所以，由I可得，电源的电压：UI1R1+U滑1AR1+1V，当电路中的电流为0.4A时，电压表的示数为4V，则电源的电压：UI2R1+U滑0.4AR1+4V，因为电源的电压不变，所以：1AR1+1V0.4AR1+4V，解得：R15，电源的电压UI1R1+U滑1A5+1V6V。9在学校足球赛中，小明用头将球顶进球门，说明力可以改变物体的_，同时头感到疼，因为物体间力的作用是_。足球在空中下落的过程中，主要是_力对足球做功。第一个通过实验和推理发现“力不是维持物体运动的原因“的科学家是_。【答案】运动状态；相互的；重；伽利略。【解析】（1）小明用头顶球，球的运动方向时刻变化，
7、速度大小也在变化，说明力可以改变物体的运动状态；（2）用头顶球，头会感到疼，说明力的作用是相互的；（3）足球在空中运动过程中，受到重力的作用，并且在重力的方向上移动了一段距离，所以重力对足球做了功；（4）第一个通过实验和推理发现“力不是维持物体运动的原因“的科学家是伽利略，牛顿在伽利略、帕斯卡等科学家研究的基础上提出著名的牛顿第一定律。102011年9月29日，“天宫一号”飞船发射时（如图所示），“长征”二号捆绑式火箭用液态氢作为燃料，因为液态氢的_高，火箭尾部的火焰如果直接喷射到发射台，发射架就会熔化。为了保护发射架，就在发射台底部建了一个大水池，让火焰喷射到水池中，这里利用了水汽化时要_，
8、使周围环境的温度不会太高。“天宫一号”飞船表层涂有特殊材料，当飞船回收时与大气层摩擦，表面的材料_吸热，保护飞船。【答案】热值；吸热；熔化。【解析】（1）运载火箭用液态氢作燃料，是因为液态氢的热值大，密度又小。（2）当火箭升空时，让火焰喷射到水池中，水池中的水汽化吸热，使周围环境的温度不会太高，保护发射台。飞船的外表面都涂有特殊材料，当飞船回收时与大气层摩擦，表面的材料熔化吸热，保护飞船。二、选择题（共26分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上第11-16小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题3分全部选择正确得4分
9、，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）11李霖同学读八年级了，下列是他日常生活中的一些数据，其中不符合实际的是（）A李霖同学步行的速度大约是1 m/sB李霖课桌的高度大约是78 cmC李霖同学心跳一次的时间大约是0.8 sD李霖能够听见频率为10 Hz的声音【答案】D【解析】A、李霖同学步行的速度大约是1m/s，故A符合实际；B、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故B符合实际；C、正常情况下，人的心跳1min在75次左右，跳动一次的时间在1s左右，故C符合实际；D、人的听觉范围在20Hz20000Hz之间，不能够听见频率为10Hz的
10、声音，故D不符合实际。选D。12汽油机一个工作循环的四个冲程中，将机械能转化为内能的是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【答案】B【解析】四冲程汽油机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成；在汽油机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程。选B。13舞蹈演员利用平面镜矫正舞姿，当她向远离平面镜方向移动时，镜中的像（）A变小B不变C变大D先变大再变小【答案】B【解析】平面镜所成的像与物体是等大的，当人远离平面镜时，视觉上感觉像在变小，但实际上像的大小并没有变。所以若她向着远离平面镜的方向移动时，他在平面镜中像的大小不变。选B。14大气
11、压强作用在房顶上的压力是很大的，但是房子并没有被压塌，其主要原因是（）A房顶建造的很牢固B墙很厚，对地面的压强小C墙把房顶支撑住了D房顶上下面均受到大气压强的作用【答案】D【解析】房顶上下表面都受到大气压力，其作用相互抵消，所以房顶不会被压塌。选D。15乐乐同学随父亲去看杂技表演，如图所示，是他看到杂技员小强将小丽高高举起时的情景，下列说法中正确的是（）A小丽受到的重力与小强对小丽的支持力是一对平衡力B小强受到的重力与地面对小强的支持力是一对平衡力C小丽对小强的压力与小强对小丽的支持力是一对平衡力D小强受到的重力与地面对小强的支持力是一对相互作用力【答案】A【解析】A、小丽受到的重力与小强对小
12、丽的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；B、小强受到的重力与地面对小强的支持力大小并不相等，不是一对平衡力，因为地面对小强的支持力等于两人的重力之和，故B错误；C、小丽对小强的压力与小强对小丽的支持力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故C错误；D、由B的分析可知，小强受到的重力与地面对小强的支持力大小并不相等，所以也不是一对相互作用力，故D错误。选A。16如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（）A电流表A的示数变大，电压表V2示数变小B电流表A的示数变大，电压表V1示数变小C电压表V
13、1示数变小，电压表V2示数变大D电压表V1示数不变，电压表V2示数变小【答案】A【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。将滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由UIR可知，R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故BCD错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A正确。选A。17如图甲为一种磁悬浮地球仪，上面的地球仪内部有一个磁铁，下面的环形底座内有如图乙所示的电磁铁，下列对
14、此地球仪说法不正确的是（）A地球仪利用同名磁极间相互排斥的原理工作B电磁铁通电前后，底座对水平面的压力相等C地球仪内部磁铁的下端一定是S极D地球仪悬浮于空中时，用手固定地球仪，增大通过电磁铁的电流底座对地面的压强不变【答案】BD【解析】A、磁悬浮地球仪之所以能悬浮在空中，是利用了同名磁极相互排斥的原理，故A正确；B、电磁铁通电前，底座处于静止状态，底座受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，这两个力平衡，大小相等；电磁铁通电后，底座受竖直向下的重力、竖直向下的磁力和竖直向上的支持力，即支持力等于重力与磁力之和，故电磁铁通电前后，支持力变大，又因为支持力与压力是一对相互作用力，所以地面受到的压力增
15、大，故B错误。C、由安培定则和图示可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端，则螺线管的下端为N极、上端为S极（即底座的上端为S极）；磁悬浮地球仪利用了同名磁极相互排斥的原理，所以地球仪内部磁铁的下端一定是S极，故C正确。D、地球仪悬浮于空中时，用手固定地球仪（即地球仪的位置不变），电流增大时，斥力增大，因为力的作用是相互的，所以地球仪对底座向下的斥力也增大，则底座对地面的压力增大，根据p知底座对地面的压强变大，故D错误。选BD。18用图象可以表示物体的运动规律，图中用来表示物体做匀速直线运动的是（）ABCD【答案】AC【解析】A、图象表示物体的速度不随时间的变化而变化，
16、是匀速直线运动；故A正确；B、图象表示路程不随时间的变化而变化，是静止状态；故B错误；C、图象表示通过的路程与时间成正比，即物体的速度不变，是匀速直线运动；故C正确；D、图象表示速度随时间的变化而变化，且速度与时间成正比；是匀加速直线运动；故D错误；选AC。三、简答与计算题（共22分，第19小题4分，第20小题6分，第21小题6分，第22小题6分）19我国的水资源丰富，水能的利用，在我国得到了很好的发展。三峡水电站是我国利用水能的最大工程项目。（1）从能量转化的角度说明水电站的工作原理是将水的_能转化为_能。（2）建设水电站选址时，是选择甲图所示A址好还是选择乙图所示B址好？请说明理由。【答案
17、】（1）机械；电；（2）选择乙图所示的B址好。理由：水库里的水相对于B址比相对于A址位置要高得多，重力势能要大得多，水流到B址时比流到A址时，转化成的电能也要多得多。所以，选择B址要好。【解析】（1）水电站的工作原理是水下落时重力势能转化为的动能，推动水轮机转动，转化为电能；（2）建设水电站选址时，从能量利用角度来看，选择图所示的B址；原因：B址与A址相比，B址的地势低，与水库的水位落差更大；在水的质量一定时，以B址为参照面，水库中的水相对于B址的重力势能更大，下落时，转化成的动能更多，推动水轮机发的电也更多。20如图所示，体积为500cm3的长方体木块浸没在装有水的柱形容器中，细线对木块的拉
18、力为2N，此时水的深度为20cm（g取10N/kg），求：（1）水对容器底的压强；（2）木块受到水的浮力；（3）木块的密度；（4）剪断细线待木块静止后，木块受到的浮力变为多少？【答案】（1）水对容器底的压强为2000Pa；（2）木块受到水的浮力为5N；（3）木块的密度为0.6103kg/m3；（4）剪断细线待木块静止后，木块受到的浮力变为3N。【解析】（1）水对容器底的压强：p水gh1.0103kg/m310N/kg0.2m2000Pa；（2）木块受到水的浮力：F浮水gV排1.0103kg/m310N/kg500106m35N；（3）木块静止时处于平衡状态，受到竖直向上的浮力等于自身重力和绳子
19、拉力之和，由力的平衡条件可得，木块的重力：G木F浮F5N2N3N，由Gmg可得，木块的质量：m木0.3kg，木块的密度：木0.6103kg/m3；（4）因木块的密度小于水的密度，所以，剪断细线待木块静止后木块将漂浮在水面上，则受到的浮力：F浮G木3N。21如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的IU关系图象如图所示。（1）电源电压。（2）R1的阻值。（3）滑动变阻器R2的最大阻值。【答案】（1）电源电压为18V；（2）R1的阻值为20；（3）滑动变阻器R2的最大阻值为70。【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的
20、电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑动变阻器的滑片P位于左端时，R2接入电路中电阻为零，电路中的电流最大，R1两端的电压最大即为电源的电压，R2两端的电压为0，由图象可知，A为滑动变阻器R2的UI关系图象，B为电阻R1的UI图象，且电源的电压UU118V；（2）由图象可知，滑片位于右端时，电路中的电流I0.9A，R1两端的电压U118V，由I可得，R1的阻值：R120；（3）当滑片P位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I0.2A，R2两端的电压U214V，则滑动变阻器的最大阻值：R270。22电热加湿器靠电流的热效应工作。某种
21、家用电热加湿器相关参数、外形、电路简化图如图所示。电热器的电热丝浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度。当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入到加热仓中。工作电压220V工作频率50Hz最大运行功率40W储水箱容量2.4L尺寸高315mm，底部直径168mm满水工作时间高气雾量10h，低气雾量24h（1）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，加湿器以最大运行功率工作，求电热丝R1的电阻值。（2）如果加热仓内冷水的温度为20，用最大运行功率工作，经过5min36s，水沸腾产生蒸气，求加热仓中水的体积。c水4.2103J/（kg）。水11
22、03kg/m3，电热丝R1产生的热量全部被水吸收。环境为标准大气压（3）当滑片移到最右端时，气雾调节器R2的阻值为990，加湿器以最低气雾量工作，求此时电热丝R1的电功率是多少瓦？【答案】（1）电热丝R1的阻值为1210；（2）加热仓中水的体积为40cm3；（3）此时电热丝R1的电功率是12.1W。【解析】（1）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，气雾调节器R2被短路，只有电热丝R1工作，加湿器的功率最大，由PUI可得，电热丝R1的阻值：R11210；（2）以最大功率工作t15min36s336s电阻丝R1产生的热量：QWPt140W336s13440J，因电阻丝R1产生的热量全部被水吸收，所
23、以，水吸收的热量Q吸Q13440J，标准大气压下水的沸点为100，由Q吸cm（tt0）得，水的质量：m0.04kg40g，由可得，加热仓中水的体积：V40cm3；（3）当滑片移到最右端时，R2的最大阻值和R1串联，因串联电路中总电阻等于各分电压之和，所以，电路中的电流：I0.1A，此时电热丝 R1的电功率：P1I2R1（0.1A）2121012.1W。四实验探究题（共29分）23如图是小明物理实验时，使用的一些工具。（1）图甲测定橡皮的长度，所用刻度尺的分度值是_cm，橡皮的长度是_cm。（2）图乙是用停表测量校运会上男子3000m比赛成绩，从开始计时到此刻经历的时间是_min _s。（3）图
24、丙是用天平测量木块质量，操作时存在的错误有_、_；【答案】（1）0.1；2.50；（2）5；37.5；（3）物体和砝码的位置反了；用手拿砝码。【解析】由图知：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与3.50cm对齐，所以物体的长度为L3.50cm1.00cm2.50cm。（2）在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37
25、.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即秒表的读数为5min37.5s。（3）在测量过程中，物体放在了右盘，砝码放在了左盘，直接用手抓砝码，都是错误的。24小明同学在做“用伏安法测电阻”的实验时，除了滑动变阻器的铭牌不清楚之外。其他实验器材齐全且完好，电源电压不变，电流表和电压表对电路的影响均忽略不计，以下是他的实验过程，请回答下列问题：（1）小明连接了如图甲所示的电路测量待测电阻Rx的阻值，请指出电路连接的错误之处：_（写一种即可）。（2）更正电路之前，小明利用甲图所示的电路来测量滑动变阻器的最大阻值：他正确调整电路后闭合开关，读出此时电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A，则可计
26、算出滑动变阻器的最大阻值为_。（3）小明按照图乙所示电路图正确连接好电路后，选用了合适的量程进行了多次测量，以下是他的实验记录。第一次：当滑动变阻器的滑片位于最左端时，读出电压表的示数为2V，计算出电源电压为_V。第二次：当滑动变阻器的滑片位于某位置时，电流表的示数为0.58A，电压表的指针位置如图丙所示：第三次：当滑动变阻器的滑片位于最右端时，电流表的示数为1.1A；则Rx的平均阻值为_（精确到0.1）。（4）小明同学还想用图丁所示电路“测量小灯泡电功率”，已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压6V，滑动变阻器A标有“501A”、B标有“301.5A“字样。闭合开关S、S1，移动滑动变阻器
27、A的滑片，使电压表示数为_V，此时小灯泡正常发光。闭合开关S、S2，保持滑动变阻器A的滑片不动，移动滑动变阻器B的滑片，使电压表示数为2.5V。保持滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，此时电压表示数为1V则灯的额定功率P额_W。【答案】（1）电压表并联在变阻器的两端了（或滑动变阻器下面两个接线柱接入了电路）；（2）50；（3）12；10.4；（4）2.5；0.625。【解析】（1）甲图中，电压表并联在变阻器的两端了（或将滑动变阻器下面两个接线柱接入了电路）；（2）因电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律，则可计算出滑动变阻器的最大阻值为：R滑50；（3
28、）在第1次实验中，电路中电流为0.2A，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，故电源电压：UIR滑+U表0.2A50+2V12V；第2次实验和第1次比，变阻器连入电路中的电阻变小，故电压表示数变大，故丙只能选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，丁图中选用大量程，分度值为0.5V，示数为6V，待测电阻R110；在第2次测量中，R210.3，；第3次测量中，R310.9则Rx的平均阻值为：10.4；（4）闭合开关S，S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电压表示数为2.5V，此时小灯泡正常发光。闭合开关S，S2，断开S1，保持移动滑动变阻器A的滑片不动，移动滑动变阻器B的滑片，使电压表示数为2
29、.5V。保持移动滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，此时电压表示数为1V。滑动变阻器A的电压为：6V1V5V，滑动变阻器A的电流为：I0.1A；滑动变阻器B的电阻为：RB10，根据知当灯泡和滑动变阻器B的电压都为2.5V时，灯泡的电阻与滑动变阻器的电阻相同，为10；灯泡的额定功率为：P额0.625W。25在“观察水的沸腾”的实验中，两组同学在相同的环境中，用如图甲的装置分别进行实验，并根据实验数据绘制如图乙的a、b两个图象（1）安装器材时应按照_（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行（2）当水沸腾时，水中产生大量的气泡，气泡内主要是_（选填“空气”、“水蒸气”）。
30、水沸腾时，烧杯中不停地冒“白气”这些“白气”是由_形成的。（3）由图乙可知，水的沸点为_两组同学的实验中，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma_mb（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（4）实验时，从开始加热到水沸腾所用时间过长，为减少加热时间，有下列几种做法加大酒精灯火焰：用初温较低的水：增加烧杯中水量：用初温较高的水。其中比较可行的做法是_（填入你认为可行做法的序号）【答案】（1）自下而上；（2）水蒸气；液化；（3）98；大于；（4）。【解析】（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁
31、和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故安装器材时应按照自下而上的顺序进行；（2）气泡是由于水沸腾生成的水蒸气；白气是由小水珠组成的，它是由沸腾时产生大量的水蒸气液化形成的；（3）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98；由图乙知a的初温比b的初温高，ab同时沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度低，根据Qcmt知，说明a的质量大。（4）从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低，可能是火力不足等等。为减少加热时间，可以加大酒精灯火焰，用初温较高的水，给烧杯加温等，用初温较低的水，增加烧杯中水量不可行，
32、故比较可行的做法是。26小明在课外活动时，偶然将两个弹性球叠放在一起同时自由下落，发现上面小球反弹的高度大于下落的高度，于是，他想探究同一个上面小球反弹的高度与哪些因素有关，他提出三个猜想：猜想一：与两个弹性球下落的高度有关；猜想二：与下面弹性球的质量有关；猜想三：与下面弹性球的材料有关。（1）球下落过程中，小球的_能转化为_能。（2）为了进一步验证猜想，小明选取了A球作为上面的反弹小球，用体积相同的B、C、D三个球分别作为下面的弹性球进行实验。其中B、C两球质量相同但材料不同，C、D两球材料相同但质量不同。小明在同一水平地面上做了多次实验，实验数据如表：实验序号下面弹性球质量/kg下落高度/
33、mA球反弹高度/m1B0.50.91.621.11.931.32.14C0.50.91.751.12.061.32.57D0.80.92.281.12.391.32.8 比较_三次实验序号，可以验证猜想一，根据表中数据，得出的结论是_； 比较实验序号4、7（或5、8或6、9），可以初步得出的结论是：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，_，上面弹性球反弹的高度越高； 为了探究猜想三，小明选取了A球作为上面的反弹小球，他还应选择_两球进行实验； 实验表明，每次所测A球反弹的高度总比下落高度要高，原因是_。【答案】（1）重力势；动；（2）1、2、3；相同的弹性球，下落高度越高，上面弹性球反弹的
34、高度越高；下面弹性球的质量越大；B、C；因为在两球碰撞时下面弹性球对上面A球做功，下面弹性球的机械能减小，转化为A的机械能，使得A球机械能增大。【解析】（1）小球下落过程中，高度减小，质量不变，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能；（2）根据控制变量法知，要探究同一个上面小球反弹的高度与两个弹性球下落的高度有关，需要控制小球的质量和材料相同，即同一小球，下落的高度不同，由表格中的信息可知，实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）符合题意，可以得出：相同的弹性球，下落高度越高，上面弹性球反弹的高度越高；比较实验序号4、7（5、8或6、9）可知，弹性球的材料相同，下落相同高度
35、时，质量越大的，上面弹性球反弹的高度越高，故结论为：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，下面弹性球的质量越大，上面弹性球反弹的高度越高；为了探究猜想三，即探究同一个上面小球反弹的高度与下面弹性球的材料有关时，应控制下面小球质量相同、下落高度相同，材料不同，故应选择B、C两球就行实验；每次所测A球反弹的高度总比下落高度要高，是因为在两球碰撞时下面弹性球对上面A球做功，下面弹性球的机械能减小，转化为A的机械能，使得A球机械能增大。27花花同学在“探究平面镜成像特点”的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B。（1）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛
36、A，观察蜡烛A经玻璃板_（选填“反射”或者“折射”）所成的像。（2）拿点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是_。（选填“控制变量法”或“等效替代法”）（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，花花只将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置_（选填“向右移动”“向左运动”或“不变”）。【答案】（1）反射；（2）等效替代法；（3）不变。【解析】（1）因为平面镜成像是光的反射形成的虚像，所以在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，并在玻璃板前观察蜡烛的像。（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻
37、璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，花花只将玻璃板向右平移，在向右移动的过程中，由于物体的位置不变，蜡烛像的位置不变。28地球附近物体都要受到重力，小李同学认为物体的重力大小与物体的质量有关，他用天平、钩码、弹簧测力计进行了探究。次数1234质量m/kg0.10.20.30.4重力G/N1_34（1）如图甲是他第2次测量中弹簧测力计的示数，请将此时测力计的示数填入表格的空格处。（2）你_（选填“同意”或“不同意”）物体的重力大小与物体的质量有关的观点，依据是_。（3）请你根据表格中的实验数据，在
38、图乙中作出重力随质量变化的图象。（4）由图象可知：物体的重力大小跟物体的质量成_。【答案】（1）2；（2）同意；质量增大为原来的几倍，重力也增大为原来的几倍；（3）如图所示；（4）正比。【解析】（1）由图知，弹簧测力计的一个大格代表1N，一个小格代表0.2N，弹簧测力计示数是2N；（2）同意物体的重力大小与物体的质量有关的观点，依据是质量增大为原来的几倍，重力也增大为原来的几倍；（3）描出（0.1，1）（0.2，2）（0.3，3）（0.4，4）各点，然后用平滑的线连接起来，如下图所示：（4）因物体的重力随质量的变化关系图由象为过原点的直线，故物体的重力跟物体质量成正比。29如图所示，是王强同学
39、使用同一压强计探究液体内部压强过程中的一个情景。（1）实验中液体压强的大小变化是通过比较_来判断的；（2）通过观察比较甲、乙、丙三图所做的实验，可知王强同学探究的问题是_；（3）王强同学如果还要探究液体压强跟液体密度是否有关，应观察比较_两图。【答案】（1）压强计U形管两侧液面的高度差；（2）液体同一深度内部压强与各个方向的关系；（3）丙和丁。【解析】（1）实验中液体压强的大小变化不易直接测量，液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此可以比较压强计U形管两侧液面的高度差来判断液体压强的大小变化；（2）通过观察比较甲、乙、丙三图所做的实验，可知液体的密度相同，液体的深度相同，金属盒朝向不同，U形管内液面差相等。所以探究的问题是液体同一深度内部压强与各个方向的关系；（3）要想探究液体压强跟液体密度是否有关，需控制液体的深度相同，液体的密度不同，符合条件的图是丙和丁。结论是：液体内部压强还跟液体的密度有关。
