1、四川省雅安市2020-2021学年高二物理下学期期末联考试题07（含解析）注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2请将答案正确填写在答题卡上；3. 考试范围：高考范围；考试时间：90分钟； 第I卷（选择题 共36分）一、 单选题(本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多个选项符合要求，选对但不全得2分，选错得0分)1在匀强磁场里有一个原来静止的放射性碳14，它所放射的粒子与反冲核X的径迹是两个相切的圆圆的直径比为71，碳14的衰变方程是()ABCD2如图所示，一个内阻不可忽略的电源，R1为定值电阻，L1和L2
2、是小灯泡，R为滑动变阻器，P为滑片若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，灯泡L2的亮度及R1消耗的电功率分别（ ）A变亮，一直减小B变亮，先增大后减小C变暗，无法确定D变暗，一直增大3有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近的近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示，则有（）Aa的向心加速度等于重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是20小时4如图甲所示是我国一项传统的体育活动“空竹”，将“空竹”搁置于两轻杆间的细线上，然后用两手提拉两杆，“空竹”就会在线上来回滚
3、动，非常具有趣味性和锻炼性。现假设某老人正在玩“空竹”，如图乙所示，开始时两手在同一高度，且始终保持两手间水平距离不变，绳子呈“V”字形，如不考虑细线与“空竹”间的摩擦，则下列说法正确的是（）A将右侧轻杆提高，待“空竹”静止时右侧细线的拉力大于左侧细线的拉力B将右侧轻杆提高，待“空竹”静止时细线的拉力大于开始时细线的拉力C不管将哪侧轻杆提高，待“空竹”静止时细线的拉力都等于开始时细线的拉力D如果将两手的水平距离增大，待“空竹”静止时细线的张力将减小5精彩的杂技表演总是受到广大观众的欢迎如图所示，两条丝带上端拴在天花板上，下端被男演员缠绕在手臂上，女演员搂着男演员的脖子，两人一起在水平面内做匀速
4、圆周运动（第一次）第二次一起做圆周运动时，丝带的长度更短而丝带与竖直方向的夹角仍不变下列说法中正确的是( )A匀速转动的过程中男演员对女演员的作用力方向竖直向上B两次丝带对男演员的拉力大小相等C他们第二次做圆周运动的线速度更大D他们第二次做圆周运动的周期更大6一个质量为的人站在电梯内随电梯一起运动，当电梯以的加速度竖直加速下降时，人对电梯地板的压力大小为（ ）ABCD7如图所示为一物体作匀变速直线运动的速度图象，下列判断不正确的是（ ）A物体的初速度为3m/sB物体的加速度大小为1.5m/C2s末物体位于出发点D该物体0-4s内的平均速度大小为08如图，飞机距离水平地面的高度为H，在水平方向以
5、速度v0匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一箱质量为m的救援物资，救援物资打在山坡上的A点，A点的高度为h。不考虑空气阻力的影响，则（）A这箱物资在空中飞行的时间为B这箱物资落到A点时的动能为mg（H-h）CA点距山坡底端的水平距离为D山坡的倾角满足tan=9如图所示，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S=20cm2，螺线管导线电阻r=1，电阻R=3，管内磁场的磁感应强度B的B-t图像如图所示（以向右为正方向），下列说法错误的是（）A通过电阻R的电流方向是从C到AB感应电动势的大小为6VC电阻R两端的电压为4VD感应电流的大小为1A10在图（a）所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理
6、想变压器原、副线圈的匝数比为101，R1、R2、R3均为固定电阻，R2=10，R3=20，各电表均为理想电表。已知电阻R2中电流i2随时间t变化的正弦曲线如图（b）所示。下列说法正确的是（）A所用交流电的频率为50HzB电压表的示数为100VC电流表的示数为1.0AD变压器传输的电功率为15.0W11下列四幅图分别表示通电直导线在匀强磁场中所受安培力F的方向、导体中电流I的方向及磁感应强度B的方向的关系，正确的是（）A B C D12如图所示，用电池对电容器充电，电路a 、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q处于静止状态。现将两极板的间距变大，则A电荷将向上加速运动B电荷将向下加速运
7、动C电流表中将有从a到b的电流D电流表中将有从b到a的电流第II卷（非选择题 共64分）二、实验题(本大题共有2小题，共15分。第13题6分，第14题9分。)13某活动小组利用如图甲的装置验证机械能守恒定律，将光电门固定在B处，钢球从与O点登高的A点由静止做圆周运动，通过B处的光电门，计时装置测出钢球通过光电门的时间为t，用钢球通过光电门的平均速率表示钢球通过光电门的瞬时速度，测出绳子的长度为L，小球直径D不可忽略，当地的重力加速度为g（1）用游标卡尺测量钢球的直径，读数如图乙所示，钢球静止为D=_cm；（2）小球到达B的速度表达式为_；（用已知字母表达）（3）要验证机械能守恒，只要在误差允许
8、的范围内，表达式_成立即可（用t、L、D、g表达）14某一实验小组用如图甲所示电路测量电源E的电动势和内阻，图中电压表V的量程是3V，虚线框内为用电流计G改装的电流表。(1)已知电流计G的满偏电流Ig=200mA、内阻rg=1.0，电路中已将它改装为量程400mA的电流表，则R1=_；(2)通过移动变阻器R的滑片，得到多组电压表V的读数U和电流计G的读数I，作出如图乙所示的图像；(3)某次测量时，电压表V的示数如图丙所示，则此时通过电源E的电流为_mA；(4)根据图乙得出电源E的电动势等于_V，内阻等于_（小数点后保留两位）；(5)本实验中电压表V的内阻对实验的测量结果_（选填“有”或“无”）
9、影响。三、解答题(本大题共3个小题，共37分。第15题10分，第16题12分，第17题15分。)15如图所示,间距为L=1.0m的水平光滑的金属轨道左端连接一个R=10的电阻,有一长也为L金属杆在外力F的作用下由静止开始沿框架向右做匀加速直线运动,匀强磁场的磁感应强度B=1.0T，方向竖直向下,轨道与金属杆的电阻不计并接触良好,外力F随时间t变化规律的图象如图所示，求金属杆的质量m及其运动的加速度a. 16如图甲所示，A、B为两块平行金属板极板间电压为UAB=1687.5V，现有大量的电子由A板从静止开始加速后，沿两平行金属板CD的中线进入到偏转电场平行金属板C、D长=410-2m，板间距离d
10、=810-3m，在距离C、D右侧边缘=0.2m处有一足够大的荧光屏P，当C、D之间未加电压时电子沿C、D板的中线穿过，打在荧光屏上的0点并发出荧光现给金属板C、D之间加一个如图乙所示的变化电压（D板接电源的正极）已知电子质量为m=9.010-31kg，电荷量为e=1.610-19C求：(1)电子从B板上的小孔射出时的速率v0；(2)打在荧光屏上的电子的最大动能；(3)一起上下调整A、B，使电子能够在C、D板左侧任意位置仍以速度v0沿平行于C、D板的方向进入到偏转电场中，求电子打到荧光屏上亮线的长度（只考虑竖直方向）。17在距地面高40m处将一物体以10m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取
11、10m/,求：(1)求物体落回抛出点的时间；(2)求物体落到地面的速度大小四、选修（本题共12分，选修3-3）18一质量M=10kg、高度L=35cm的圆柱形气缸，内壁光滑，气缸内有一薄活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞质量m=4kg、截面积S=100cm2温度t0=27时，用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图甲所示，气缸内气体柱的高L1=32cm，如果用绳子系住气缸底，将气缸倒过来悬挂起来，如图乙所示，气缸内气体柱的高L2=30cm，两种情况下气缸都处于竖直状态，取重力加速度g=9.8m/s2，求：（1）当时的大气压强；（2）图乙状态时，在活塞下挂一质量m=3kg的物体，如图丙所示，则温度升高
12、到多少时，活塞将从气缸中脱落7试卷第!Unexpected End of Formula页，总7页本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。参考答案1C【详解】因，由动量守恒可知，放出的粒子和反冲核满足，所以，又因为两个粒子的速度方向相反，根据左手定则可知两个粒子的带电量电性相反，一正一负，可得，故C正确，ABD错误；故选C【点睛】静止的放射性碳14，它所放射的粒子与反冲核，系统动量守恒，结合带电粒子在匀强磁场中的半径公式，求出放射的两粒子的电量比，再根据左手定则确定电荷的电性，从而根据电荷数守恒、质量数守恒选出正确的核反应方程式2D【详解】根据闭合电路欧姆定律，当滑片向下滑动，滑动
13、变阻器接入电阻变小，根据并联电阻关系得，R和L2的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则干路电流变大， ，路端电压变小，则灯L1两端电压变小，变小；根据电路图及串联电路和并联电路的知识可知：，由上面分析知变小，而干路电流变大，所以变大，则变大，变大，而，路端电压变小，所以变小，则变小，亮度变暗，故ABC错误，D正确3B【详解】A同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=2r可知，c的向心加速度大于a的向心加速度；根据万有引力等于重力可得卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，所以知a的向心加速度小于重力
14、加速度g，故A错误；B根据万有引力提供向心力解得卫星的半径越大，速度越小，则有；对c和a有因为c的半径大于a的半径，故，故b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；Cc是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是，故C错误；D根据开普勒第三定律可知，卫星的半径越大，周期越大，d的半径大于c的，所以d的运动周期大于c的周期24h，所以不可能为20h，故D错误。故选B。4C【详解】A同一条细线上拉力大小处处相等，不管将哪侧轻杆提高，待“空竹”静止时，右侧细线的拉力大小等于左侧细线的拉力大小，A错误；BCD设细线与竖直方向的夹角为，细线的张力大小为F，“空竹”的质量为m，其合力
15、在两线夹角的平分线上，由平衡条件知不管将哪侧轻杆提高，只要保持两手间水平的距离不变，则不变，F不变，若两手的水平距离增大，则增大，F增大，BD错误，C正确。 故选C。5B【分析】根据女演员匀速转动需要向心力，判断男演员对女演员的作用力方向；丝带拉力F沿竖直方向的分力等于男女演员的重力，判断拉力的变化；根据向心加速度的表达式判断线速度和周期的变化【详解】A. 女演员匀速转动的过程中需要向心力，男演员对女演员的作用力沿丝带方向，故A错误；B.设丝带与竖直方向的夹角为，丝带拉力F沿竖直方向的分力等于男女演员的重力，F=，夹角不变，拉力不变，故B正确；C.向心加速度为gtan= ，夹角不变，向心加速度
16、不变，第二次丝带的长度更短，半径变小，线速度变小，周期变小，故C错误，D错误故选：B6D【详解】设电梯地板对人的支持力为FN，由牛顿第二定律：解得：由牛顿第三定律可知，人对电梯地板的压力大小也为510N，D正确。故选D。7C【解析】t=0时刻的速度即为初速度，由图读出初速度为，故A正确图线的斜率等于加速度，则物体的加速度大小，故B正确02s沿着正方向运动，2s4s沿着负方向运动，图象中上下两个三角形面积相等，前、后2s内位移大小相等，方向相反，故4s时刻返回出发点，即位移等于零，故平均速度为零，故C错误，D正确本题选不正确的，故选C【点睛】根据匀变速直线运动的速度图线t=0时刻的速度读出初速度
17、由斜率读出加速度根据“面积”等于位移，研究2s末物体的位置，并求出前4s内的位移，再求解平均速度8C【详解】A由可得这箱物资在空中飞行的时间为故A错误；B不考虑空气阻力的影响，只有重力做功，所以有可得故B错误；CA点距山坡底端的水平距离即为物资的水平位移，则有故C正确；D山坡的倾角满足故D错误。故选C。9BC【详解】A穿过螺线管的磁场方向不变，但大小变化，导致磁通量变化，则根据楞次定律可知，电流从C流过R到A，故A不符合题意；BCD根据法拉第电磁感应定律感应电流大小为电阻R两端的电压为U=RI=3V故BC符合题意，D不符合题意。故选BC。10AD【详解】A交流电的频率为A正确；B通过电流的有效
18、值为两端即副线圈两端的电压，根据欧姆定律可知根据理想变压器的电压规律可知原线圈的电压电阻两端分压即为电压表示数，即B错误；C电流表的示数为C错误；D副线圈中流过的总电流为变压器原副线圈传输的功率为D正确。故选AD。11AD【解析】A、磁场向下，电流向内，根据左手定则，安培力向左，故A正确；B、磁场向内，电流向上，根据左手定则，安培力向左，故B错误；C、磁场向右，电流向外，根据左手定则，安培力向上，故C错误；D、磁场向内，电流向左下方，根据左手定则，安培力方向右下方，故D正确。点睛：根据左手定则判断电流方向、磁场方向和安培力方向的关系，伸开左手，四指与大拇指在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向
19、与电流方向相同，大拇指所指方向为安培力的方向。12BD【详解】AB电容器极板间电压不变，根据匀强电场中电场强度和电势差的关系：极板间距变大，可知电场强度减小，电荷初始时刻静止不动，受到竖直向下的重力和竖直向上的电场力平衡，电场强度减小，电荷受到的电场力变小，所以电荷将向下加速运动，A错误，B正确。CD根据电容的决定式：极板间距增大，电容减小，根据电容的定义式：极板间电压不变，电容减小，电荷量减小，电容器放电，所以电流表中有从到的电流，C错误，D正确。故选BD。13 ； ； ； 【详解】(1) 1游标尺上共有10小格，精度为0.1 mm，用游标卡尺测量钢球直径为D(1.20.11)cm1.21c
20、m；(2)2由于小球直径较小，利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，所以小球到达B的速度为；(3) 3根据机械能守恒的表达式有：即点晴：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量；无论采用什么样的方法来验证机械能守恒，明确其实验原理都是解决问题的关键，同时在处理数据时，要灵活应用所学运动学的基本规律141.0 200 2.93 1.15 无 【详解】(1)1由题可得即代入数据解得(3)2由图丙读出电压为，对应的图乙的电流为，由第一题可知，电流表改装后的量程为原电流表的两倍，故此时通过电源的电流为。(4)34将图乙补充完整后可得电源的电动势等于，
21、设电源内阻为，根据又因为解得(5)5因电压表V的内阻很大，所以流过的电流几乎为零，故本实验中电压表V的内阻对实验的测量结果无影响。15 【解析】【分析】导体棒在导轨上做匀加速运动，受到拉力和安培力作用，产生加速度，列出F-t的函数关系，对照图像的截距和斜率求解.【详解】设金属棒的质量为m，加速度为a，则由v=atE=BLv I=E/RF安=BIL由牛二定律有：F-F安=ma联立上述各式可得：结合图（b）得： ，代入数据解得：，16(1) m/s；(2) ；(3) 4.810-2m【详解】（1）电子经A、B两块金属板加速，由解得（2）电子在水平方向做匀速运动，通过C、D板间的时间电子通过时间极短
22、，可认为通过时电场恒定，电子在电场中做类平抛运动，当C、D间电压最大时，竖直方向的位移电子在竖直方向位移等于，此时电子刚好从上极板边缘飞出时，竖直方向速度最大，根据解得电子的最大动能（3）当电子在靠近下极板射入，偏转电压为0时，电子做匀速直线运动通过偏转电场，此时打在荧光屏上亮线最下端，当电子从C板边缘通过，竖直方向速度最大时，电子能打到荧光屏上亮线最上端，根据可得到，当电子从距离D板高度4010-3m处射入偏转电场时，能够到达荧光屏上亮线最上端，设此时电子竖直方向位移为y2，则由平抛运动推论可得解得所以电子打到荧光屏上亮线的长度为17(1)2s (2)30m/s【详解】(1)由自由落体运动规
23、律可得，物体落回抛出点所需的时间：；(2)设物体落到地面的速度为v,则有：代入数据解得：18（1）当时的大气压强为9.8104Pa；（2）图乙状态时，在活塞下挂一质量m=3kg的物体，如图丙所示，则温度升高到66.3时，活塞将从气缸中脱落【解析】试题分析：（1）从甲态到乙态是等温变化过程，根据波义耳定律列式求解当时的大气压强；（2）从乙态到丙态，根据理想气体状态方程列式求解温度解：（1）由图甲状态到图乙状态，等温变化：初态：p1=p0，V1=L1S末态：p2=p0，V2=L2S由玻意耳定律：p1L1S=p2L2S所以：（p0）L1S=（p0）L2S，可解得：p0=9.8104Pa（2）活塞脱落的临界状态：气柱体积LS、压强p3=p0设温度为t，由气态方程：得t=273=66.3答：（1）当时的大气压强为9.8104Pa；（2）图乙状态时，在活塞下挂一质量m=3kg的物体，如图丙所示，则温度升高到66.3时，活塞将从气缸中脱落【点评】本题关键是明确三个状态的压强、温度和体积参量，结合气体实验定律或者理想气体状态方程列式求解答案第11页，总11页
