1、2018-2019学年黑龙江省鹤岗市第一中学高二上学期期中考试物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题）一、单选题1真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F，若甲的带
2、电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F，则它们之间的距离变为原来的（ ）A2倍 B4倍 C8倍 D16倍2下列关于匀强电场中电场强度和电势差的关系,正确的说法是()A在相同距离上的两点,电势差大的其电场强度也必定大B电场强度在数值上等于每单位距离上的电势降落C沿着电场线方向,任何相同距离上的电势降落必定相同D电势降落的方向必定是电场强度方向3如图所示是根据某实验作出的金属导体A和B的图像。从图中可以得出金属导体A和B的电阻关系是（ ）A B C D无法确定4在同一直线上的M,N两点正好是某电场中一条电场线上的两点,若在M点释放一个初速度为零的电子,电子仅受电场力作
3、用,并沿电场线由M点运动到N点,其电势能随位移变化的关系如图所示,则下列说法正确的是()A该电场有可能是匀强电场 B该电场可能是正的点电荷产生的CN点的电势比M点电势低 D该电子运动的加速度越来越小5如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1.0，电阻R1=4.0，R2=7.5，R3=5.0，电容器的电容C=10F，闭合开关S，电路达到稳定后电容器的电荷量为（ ）A B C D6如图所示，在某一点电荷Q产生的电场中，有a、b两点其中a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成120角；b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成150角则关于a、b两点场强大小及电势高低说法正确的是（ ）AEa=3Eb B
4、 Cab Dab7如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3均为定值电阻，与均为理想电表；开始时开关S闭合，均有读数，某时刻发现和读数均变大，则电路中可能出现的故障是（ ）AR1断路 BR2断路 CR1短路 DR3短路8如图所示，电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点恰好处于静止状态现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离则（ ）A带电油滴的电势能将增大BP点的电势将降低,两极板间的电势差不变C平行板之间的电场强度增大，平行板所带电荷量也增大D电容器的电容增大,带电油滴将沿竖直方向向上运动二、多选题9某一电场的电场线分布如图所示，则下
5、列说法正确的是()Aa点的电势高于b点的电势,Ba点的电场强度小于b点的电场强度C一正电荷由a点释放，一定沿着电场线运动到b点D一负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能10图甲是额定电压为8 V的小灯泡的伏安特性曲线,现将该小灯泡与一电阻为7 的定值电阻R串联后,再与一电源串联在一起,如图乙所示,若电源的电动势E=8 V、内阻r=1 ,闭合开关后,下列说法正确的是（ ）A此时电路中的电流为1 A B此时R的功率为1.75 WC灯泡的实际功率为2 W D电源的输出功率接近2 W11光滑水平面上有一边长为L的正方形区域ABCD处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为m、带
6、电荷量为q的小球由AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度v0进入该正方形区域，当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为( )AmqEL BmqELCm DmqEL第II卷（非选择题）三、实验题12在“测定金属的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5 ，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A电池组(3 V，内阻1 )B电流表(03 A，内阻0.125 )C电流表(006 A，内阻0.125 ) D电压表(03 V，内阻4 k)E电压表(015 V，内阻15 k) F滑动变阻器(020 ，允许最大电流1 A)G滑动变阻器(02 000 ，允许最大电流0.3 A) H开关、导
7、线若干(1)实验时应从上述器材中选用_(选填仪器前的字母代号)(2)测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻Rx在组成测量电路时，应采用电流表_(选填“外”或“内”)接法，待测金属丝电阻的测量值比真实值偏_(选填“大”或“小”)(3)用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度，由甲、乙两图读得圆柱体的直径为_mm，长度为_cm 甲 乙(4)若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式_（用各物理量的符号表示）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，采用的仪器有：额定电压为V、额定功率约为的小灯泡；电源 (电动势为，内阻不计)；电流表 (量
8、程0.6A，内阻约)；电压表 (量程，内阻约)；滑动变阻器 (最大阻值)；开关，导线若干实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调（1）设计一个合理的电路，并在下方所给的方框内画出电路图（2）如图所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的IU图像，图像是一条曲线而不是直线的原因是_（3）按照正确电路图连接好电路后，无论怎么调节滑动变阻器，发现电表读数都无法调到零，则其故障原因可能是_。A小灯泡烧坏或接触不良B电流表接触不良C滑动变阻器的滑片与电阻丝接触不良D滑动变阻器采用了限流接法四、解答题14直流电动机在生产、生活中有着广泛的应用如图所示，一直流电动机M和电灯L并联
9、之后接在直流电源上，电动机内阻r10.5 ，电灯灯丝电阻 R9 (阻值认为保持不变)，电源电动势 E12 V，内阻r21 ，开关S闭合，电动机正常工作时，电压表读数为 9 V求：(1)流过电源的电流；(2)流过电动机的电流；(3)电动机对外输出的机械功率15电源的电动势为4.5V、外电阻为4.0时，路端电压为4.0V.求：(1)电源的内阻是多少?(2)如果在外电路再并联一个6.0的电阻，路端电压是多大?16一带正电小球，由空中A点以初速度v0水平抛出，落地时速度方向与初速度方向夹角为145.若在整个空间施加竖直向下的电场，电场强度为E，小球仍由A点以相同的初速度水平抛出，求：(1)A点距离地面
10、的高度；(2)加电场后，落地时速度方向与v0之间的夹角2.17如图所示，绝缘光滑轨道AB部分为倾角为30的斜面，AC部分为竖直平面上半径为R的圆轨道，斜面与圆轨道相切整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中现有一质量为m的带正电，电量为 小球，要使小球能安全通过圆轨道，在O点的初速度应为多大？2018-2019学年黑龙江省鹤岗市第一中学高二上学期期中考试物理试题物理答案1B【解析】由库仑定律可得： ；当甲的带电量变为原来的2倍，即2Q；乙的带电量变为原来的8倍，即8q，由于作用力相等，所以变化后距离变为原来的4倍，故选B考点：考查库仑定律的直接应用，点评：由库仑力公式可得出两次作用力的表
11、达式，则可求得相等的相互作用力对应的距离2C【解析】匀强电场中场强和电势差的关系式是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降落U必定相等电势降低最快的方向一定是电场强度的方向。A项：在相同距离上的两点，电势差大，场强不一定大。若两点沿电场线方向相同距离上的两点，电势差大的其场强才必定大，故A错误；B项：由U=Ed得：，可知，场强在数值上等于沿着电场线方向，每单位距离上的电势降落。故B错误；C项：匀强电场中场强和电势差的关系式是U=Ed，沿电场线方向的距离d相同时，两点间电势差U相同。故C正确；D项：电势降低最快的方向是电场强度的方向，电势降低的方向不一定是场
12、强方向，故D错误。故应选C。【点睛】本题考查对匀强电场中场强和电势差的关系式U=Ed的理解能力，关键抓住两点：一是公式适用条件：匀强电场；二是d是沿电场线方向两点间的距离。3A【解析】明确导体电阻的决定因素，知道电阻大小与电压和电流无关；明确U-I图象的性质，知道U-I图象中的斜率表示电阻。U-I图象中图象的斜率表示电阻，由图可知，A的电阻大于B的电阻，故A正确，BCD错误。故选：A。【点睛】本题考查U-I图象的应用，要注意明确U-I图象中的斜率表示电阻大小，同时注意电阻是由导体本身的性质决定的，与电压和电流无关。4D【解析】据题意和图象正确判断出电子的运动性质由图可知，电子通过相同位移时，电
13、势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知电场力逐渐减小，因此电子做加速度逐渐减小的加速运动，知道了运动形式即可正确解答本题。A项：电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，该电场不可能是匀强电场，故A错误；B项：由题意可知，如果电场是正点电荷产生的，那么正点电荷一定要在N点的右侧，但电子从M到N向点电荷靠近，所以加速度越来越大，所以该电场不可能是正的点电荷产生的，故B错误；C项：电子从M运动到N过程中，电势能减小，电子带负电，所以电势升高，则N点的电势比M点电势高，故C错误；D项：由上分析知，电子
14、从M运动到N过程中，电场力越来越小，则加速度越来越小，故D正确。故应选D。【点睛】解题过程中要把握问题的核心，要找准突破点，如本题中根据图象获取有关电子的运动、受力情况即为本题的突破点。5B【解析】闭合开关S，R1和R3串联，R2相当于导线，电容器的电压等于R3两端的电压，再根据串联电路分压规律求出电容器的电压，可求出电容器的电荷量。闭合开关S，R1和R3串联，电容器的电压等于R3的电压，为： 电容器上所带的电荷量 Q=CU=1010-66.0C=6.010-5C故选：B。【点睛】本题是含有电容器的电路，分析电路时要抓住电路稳定时，电容器相当于开关断开，所在电路没有电流，其电压等于所在支路两端
15、的电压。6AC【解析】a点电场线与b点电场线方向相交于O点，则该场源电荷位于O点处，三角形Oab为直角三角形，设ab间的距离为d则，所以根据公式可得Ea=3Eb，该场源电荷为正电荷，所以距离场源电荷越近，电势越低，故，AC正确7B【解析】因为当R2断路时，外电路的总电阻变大，故路端电压变大，即电压表读数变大；电路的总电流减小，故R1上的电压减小，R3电压变大，故电流表读数变大，与题目所给的现象吻合，故电路是R2断路，故答案选B。考点：电路的故障分析.8CD【解析】现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，d减小，电容器的电压U不变，由分析得知，板间场强增大，因P点到下极板的距离不变，而E
16、增大，由U=Ed知，P点与下极板间电势差增大，P点的电势大于零，则P点的电势升高，由于油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少故AB错误由于d减小，由，知电容C增大，U不变，由分析可知电容器所带电量增加，故C正确；将上极板竖直向下移动时，d减小，电容器的电压U不变，由分析得知，板间场强增大，则油滴所受电场力增大，油滴将沿竖直向上运动故D正确故选CD。考点：电容器；电势及电势能；电场强度【名师点睛】本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由，和 结合进行分析。9AB【解析】沿着电场线方向电势逐渐降低，因此a点的电势高于b点的电势，故A正确；从电场线的分布情况可知，a
17、点的电场线比b点的稀疏，所以a点的电场强度小于b点的电场强度，故B正确；电场线不一定是电荷的运动轨迹，由a点释放的正电荷不一定沿着电场线运动到b点，故C错误；某一负电荷从a点移到b点，电场力做负功，电势能增加，因此负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，故D错误。所以AB正确，CD错误。10BC【解析】将定值电阻看成电源的内阻，由电源的电动势和内阻作出电源的伏安特性曲线如图所示则交点为灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为U=4V，电流为I=0.5A，则灯泡的功率为，R消耗的功率为，故A错误，B、C正确，电源的输出功率为：，故D错误。故应选BC。11BC【解析】要考虑电场方向的可能性，如图，可能
18、平行于AB向左或向右，也可能平行于AC方向，分析电场力做功情况，然后根据动能定理求解即可。若电场方向平行AB，则粒子做加速或减速直线运动，则离开电场时电场力做功W=EqL，若做加速运动，则为若为减速运动，则为：电场力与初速度方向相互垂直，小球发生偏转，电场力一定做正功；假设受电场力向上，粒子从AB边离开时，电场力做功为，根据动能定理得： 解得： 若从BD边离开，则电场力做功可能为0到，根据动能定理可知，粒子动能可能为：到故应选BC。【点睛】解决本题的关键分析电场力可能的方向，判断电场力与重力做功情况，再根据动能定理求解动能，注意找出所有可能的运动情况才能准确求解，要注意明确电场处在水平地面上，
19、而不是竖直平面。12（1）ACDFH （2）外接法；偏小 （3）0.900(0.8990.901均可)；4.240 （4）【解析】(1)实验时需要电源、导线、开关、滑动变阻器、电压表、电流表；待测电阻约为5，故为了灵敏控制，滑动变阻器要选用阻值接近的，故滑动变阻器选用F；根据电动势为3V，故由量程可知：电压表选用D；电流最大值为故由电流表量程可知：电流表选用C；故实验时应从上述器材中选用ACDFH；(2)待测电阻较小，故电流表分压效果较明显，那么，采用电流表外接法；这时，电压表示数为电阻两端的电压，电流表示数为电阻和电压表的总电流，故电流表示数偏大，那么，由欧姆定律可知：电阻的测量值比真实值偏
20、小；(3)螺旋测微器读数为d=0.5mm+40.00.01mm=0.900mm游标卡尺的读数：4.2cm+；(4)金属丝的横截面积为：,故电阻为：，所以电阻率为：。【点睛】待测的电阻阻值较小时，电流表的分压效果较明显，故应选用外接法；待测的电阻阻值较大时，电压表的分流效果较明显，故应选用内接法。13（1） （2）随着温度升高，电阻率变大使灯泡的电阻变大 （3）D【解析】（1）由，得灯泡的内阻约为，远小于电压表内阻，属于小电阻，则电流表采用外接法因为滑动变阻器的最大阻值为，电源电动势为6V，内阻不计，电源的电压过大，若滑动变阻器采用限流式接法，灯泡的电压会超出额定电压，不安全，所以滑动变阻器采用
21、分压式接法电路图如图所示（2）随着温度升高，电阻率变大使灯泡的电阻变大.（3）照正确电路图连接好电路后，调节滑动变阻器，小灯泡的亮度应该会发生变化，而电流表示数不能调为零，说明滑动变阻器采用了限流接法，选D.14（1）3A （2）2A （3）16W【解析】（1）电源的输出电压：，则有：代入解得：。（2）对灯泡：，电动机与灯泡并联，则电动机的电流。（3）根据能量转化与守恒定律得，电动机的输出功率，代入解得，。考点：闭合电路的欧姆定律、电功、电功率【名师点睛】本题是含有电动机的问题，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不适用。15(1) (2) 【解析】由闭合电路欧姆定律求出电源内阻，
22、然后由闭合电路欧姆定律、部分电路欧姆定律求出路端电压。（1）外电阻4.0时，由欧姆定律得： ，解得r=0.5。（2）在外电路并联一个6.0的电阻时，路端电压为16(1) (2)60【解析】(1)没有电场的时候，小球做平抛运动，根据速度夹角和动能定理可以计算高度；(2)加电场后，电场直向下，小球在水平方向上好事匀速运动，根据动能定理计算合速度大小，再计算夹角【详解】(1)无电场时，设落地速度为v1，有： 由动能定理： 解得：；(2)加电场后，设落地速度为v2，由动能定理： 解得：。【点睛】没有电场时做平抛运动，有电场的时候，水平方向上还是匀速运动，竖直方向上是匀加速运动，对于运动的合成，注意分两
23、个方向来计算即可。17【解析】小球先在斜面上运动，受重力、电场力、支持力、然后在圆轨道上运动，受重力、电场力、轨道的作用力，如图所示，类比重力场，将电场力与重力的合力视为等效重力mg，大小为，解得=30，等效重力的方向与斜面垂直指向右下方，小球在斜面上匀速运动，因要使小球能安全通过圆轨道，在圆轨道的等效最高点（D）点满足等效重力提供向心力，有：因=30，与斜面倾角相等，由几何关系可知AD=2R令小球以最小初速度v0运动，由动能定理知：解得考点：圆周运动；动能定理的应用【名师点睛】此题考查了动能定理及圆周运动的问题；解决本题的方法是用等效法，极将重力和电场力等效为一个力，解题时关键是确定等效场的最高点，求出最高点的临界速度，通过动能定理进行求解；此题考查学生灵活运用知识的能力.
