1、2014-2015学年河南省南阳市新野三中高二（下）第二次月考化学试卷一、选择题（每小题只有一个正确选项请把正确选项填涂在答题卡上，每小题3分，共54分）1（3分）（2015春银川校级期末）英国路透社曾报道：以色列军方已经研制出一种新的刺激性非致命武器，可用来驱散抗议者，这种新武器叫臭鼬弹已知臭鼬剂主要成分是丁硫醇（C4H9SH），人的口臭是由于分泌出有臭味的甲硫醇（CH3SH），液化气中添加的报警剂是极臭的乙硫醇（C2H5SH）下列说法你认为不正确的是（）A丁硫醇、甲硫醇与乙硫醇互为同系物B沸点不同的丁硫醇有四种C丁硫醇在空气中燃烧生成二氧化碳、二氧化硫和水D在水溶液中，乙硫醇比乙醇更难电离
2、出H+离子考点：芳香烃、烃基和同系物；氧化还原反应；同分异构现象和同分异构体分析：A可把丁硫醇、甲硫醇与乙硫醇看成是丁醇、甲醇与乙醇；B根据丁基的种类等于丁硫醇异构体；C由于有S元素，故燃烧后有硫的氧化物出现，S元素燃烧后只能生成SO2，不能生成SO3；D需要比较乙硫醇（H3CCH2SH）与乙醇（H3CCH2OH）的结构，从结构中可以看出OH键比SH键牢固解答：解：A甲硫醇、乙硫醇与丁硫醇，结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团，互为同系物，故A正确；B基有四种，沸点不同的丁硫醇有四种：CH3CH2CH2CH2SH，CH3CH（SH）CH2CH3，CH2（SH）CH（CH3）CH3
3、，（CH3）3CSH，故B正确；C丁硫醇含有碳硫氢元素，丁硫醇在空气中燃烧生成二氧化碳、二氧化硫和水，故C正确；D乙硫醇中硫的电负性小于乙醇中的氧，乙硫醇比乙醇更容易电离出H+离子，故D错误；故选D点评：本题考查了同系物、同分异构体、有机物结构与性质等知识，题目难度中等，注意掌握同系物、同分异构体的概念及判断方法，试题侧重考查学生的分析、理解能力及灵活应用基础知识的能力2（3分）（2014春兴国县校级期中）将一定量的有机物充分燃烧后的产物通入足量的石灰水中完全吸收，经过滤得沉淀20g，滤液质量比原石灰水减少5.8g，该有机物不可能是（） A 乙烷 B 乙烯 C 乙醇 D 乙二醇考点： 有机物的
4、推断专题： 烃及其衍生物的燃烧规律分析： 有机物燃烧完全燃烧生成CO2和H2O，通过足量的石灰水，发生反应：CO2+Ca（OH）2=CaCO3+H2O，得到沉淀20g为CaCO3质量，根据差量法计算生成碳酸钙的反应中导致溶液质量减少，再结合实际滤液质量减少计算燃烧生成水的质量，确定C、H原子数目之比，据此判断解答： 解：有机物燃烧产物有二氧化碳和水，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀20g，应为CaCO3，n（CO2）=n（CaCO3）=0.2mol，CO2+Ca（OH）2=CaCO3+H2O 滤液减少的质量561mol 100g 56g0.2mol 20g 11.2g称量滤液时，其质
5、量只比原石灰水减少5.8g，则生成水的质量应为11.2g5.8g=5.4g，则n（H）=2n（H2O）=2=0.6mol，则有机物中N（C）：N（H）=0.2mol：0.6mol=1：3，选项中乙烷、乙醇、乙二醇中C、H原子数目之比符合1：3，而C2H4不符合，故选B点评： 本题考查有机物推断，难度中等，关键是结合差量法计算生成水的质量，侧重考查学生的分析计算能力3（3分）（2015春新乐市校级期末）用括号中的试剂除去各组物质中的少量杂质正确的是（） A 苯中的甲苯（溴水） B 乙酸乙酯中的乙酸（NaOH溶液） C 乙醇中的乙酸（NaOH溶液） D 乙醇中的水（新制的CaO）考点： 物质的分离
6、、提纯的基本方法选择与应用专题： 化学实验基本操作分析： A溴易溶于苯和甲苯；B乙酸乙酯可在碱性条件下水解；C乙醇和乙酸都易溶于水；D水和氧化钙反应解答： 解：A溴易溶于苯和甲苯，应用高锰酸钾溶液氧化，然后分液，或用蒸馏方法，故A错误；B乙酸乙酯可在碱性条件下水解，应用饱和碳酸钠溶液，故B错误；C乙酸和氢氧化钠反应生成乙酸钠，乙醇和乙酸钠都溶于水，不能分离，故C错误；D水和氧化钙反应，可除去水，故D正确故选D点评： 本题考查物质的分离、提纯，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握物质性质的异同，除杂时注意不能引入新的杂质，且不能影响被提纯的物质，难度不大4（3分）（20
7、15春南阳校级月考）将40mL 0.2mol/L NaOH溶液和20mL0.2mol/L的CH3COOH溶液混和，充分反应后蒸干并加强热，最终得到的固体是（） A Na2CO3 B CH3COONa C NaOH和CH3COONa的混合物 D NaOH考点： 钠的重要化合物分析： n（NaOH）=0.008mol，n（CH3COOH）=0.004mol，反应后溶质为NaOH和CH3COONa，蒸干并强热，可最终生成碳酸钠解答： 解：反应后溶质为NaOH和CH3COONa，蒸干并强热，醋酸钠分解，且与空气中氧气、二氧化碳反应，最终产物为Na2CO3，故选A点评： 本题考查钠的重要化合物，为高频考
8、点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握醋酸钠、氢氧化钠在空气中的变化，难度不大5（3分）（2015春南阳校级月考）中草药陈皮中含有（碳、氢原子未画出，每个折点代表一个碳原子），它具有抗菌作用1mol该物质与浓溴水作用和足量的NaOH溶液反应分别消耗的物质的量为（） A 2moL，2moL B 3 moL，3 moL C 3 moL，4 moL D 2 moL，4 moL考点： 有机物的结构和性质分析： 该有机物中含有酚羟基，邻位的H原子可发生取代反应，含有C=C，可与溴发生加成反应，酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，酯基在碱性条件下水解，以此解答该题解答： 解：该有机物中含有酚羟基，邻位的2
9、个H原子可发生取代反应，含有C=C，可与溴发生加成反应，则1mol陈皮跟浓溴水反应消耗3mol溴；酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，酯基水解生成酚羟基和羧基，则与NaOH反应，酚羟基具有酸性，可与NaOH反应，则1mol陈皮消耗4molNaOH，故选C点评： 本题考查考查有机物的结构和性质，难度中等，注意本题中酯基水解会产生酚羟基，为易错点，注意掌握有机物的官能团结构、性质6（3分）（2015春南阳校级月考）某链状有机物分子中含有n个CH2，m个，a个CH3，其余为OH，则羟基的个数为（） A 2n+3ma B m+2a C n+m+a D m+2n+2a考点： 有机化合物中碳的成键特征；有机
10、物实验式和分子式的确定专题： 有机物分子组成通式的应用规律分析： 有机物主要靠C原子连接，每个碳原子都必须形成4个共价键，以1条碳链分析考虑，先分析若只连接甲基，计算连接的甲基数目，再根据分子中含有的甲基数目计算羟基数1个可连接1个甲基，CH2不管多少个只能连接两个CH3据此计算判断解答： 解：若只连接甲基，CH2不管多少个只能连接两个CH3，m个，能连接m个CH3，所以n个CH2，m个，连接CH3共计m+2个由于分子中含有a个CH3，所以连接的OH为m+2a故选B点评： 本题考查有机化合物中成键特征，难度中等，关键清楚有机物主要靠C原子连接，每个碳原子都必须形成4个共价键7（3分）（2013
11、春枣强县校级期末）已知酸性大小：羧酸碳酸酚下列含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基（OH）取代（均可称为水解反应），所得产物能跟NaHCO3溶液反应的是（） A B C D 考点： 有机物的结构和性质专题： 压轴题；有机反应分析： 含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基（OH）取代，所得产物能跟NaHCO3溶液反应，说明水解后生成的官能团具有酸性，且酸性比H2CO3强，以此解答该题解答： 解：A水解生成，为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故A错误；B水解生成，酚羟基比碳酸弱，不能与碳酸氢钠反应，故B错误；C水解生成，酸性比碳酸强，可与碳酸氢钠反应，故C正确；D水解生成，
12、为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故D错误故选C点评： 本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意能与碳酸氢钠反应的物质的酸性必须比碳酸强，注意有机物的结构，特别是官能团的结构和性质，把握有机物的转化8（3分）（2010重庆）贝若霉是由阿司匹林，扑热息痛经化学法并合制备的解热镇痛抗炎药，具合成反应式（反应条件略去）如下：下列叙述错误的是（） A FeCl3溶液可区别阿司匹林和扑热息痛 B 1mol阿司匹林最多可消耗2mol NaOH C 常温下贝若脂在水中的溶解度小于扑热息痛 D C6H7NO是扑热息痛发生类似脂水解反应的产物考点： 有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结
13、构专题： 有机物的化学性质及推断分析： A扑热息痛中含有酚羟基；B羧基、酯基、酚羟基均能与NaOH溶液反应；C贝若脂属于酯类物质，不溶于水；D扑热息痛发生类似脂水解反应的产物为对羟基苯胺和乙酸解答： 解：A扑热息痛中含有酚羟基，遇氯化铁溶液显紫色，则FeCl3溶液可区别阿司匹林和扑热息痛，故A正确；B羧基、酯基、酚羟基均能与NaOH溶液反应，则1mol阿司匹林最多可消耗3molNaOH，故B错误；C贝若脂属于酯类物质，不溶于水，则常温下贝若脂在水中的溶解度小于扑热息痛，故C正确；D扑热息痛发生类似脂水解反应的产物为对羟基苯胺和乙酸，对羟基苯胺的分子式为C6H7NO，故D正确；故选B点评： 本题
14、考查有机物的结构和性质，把握有机物的官能团与物质性质的关系来解答，熟悉酚、酯的性质是解答的关键，题目难度不大9（3分）（2013秋芜湖期末）乙酸橙花酯是一种食用香料，其结构简式如图，关于该有机物的叙述中正确的是（）属于芳香族化合物；不能发生银镜反应；分子式为C12H20O2；不能使溴水褪色；1mol该有机物水解时只能消耗1mol NaOH A B C D 考点： 有机物的结构和性质专题： 有机物的化学性质及推断分析： 由结构可知，分子中含碳碳双键、COOC，结合烯烃及酯的性质来解答解答： 解：不含苯环，则不属于芳香族化合物，故错误；不含CHO，则不能发生银镜反应，故正确；由结构简式可知分子式为
15、C12H20O2，故正确；含碳碳双键，可使溴水褪色，故错误；含1个COOC，1mol该有机物水解时只能消耗1mol NaOH，故 正确；故选A点评： 本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、酯性质的考查，题目难度不大10（3分）（2013秋武清区校级期末）中药狼把草的成分之一M具有消炎杀菌作用，M的结构如下所示：下列叙述正确的是（） A M的相对分子质量是180 B 1 mol M最多能与5 mol Br2发生反应 C M与足量的NaOH溶液发生反应时，所得有机产物的化学式为C9H4O5Na4 D 1 mol M与足量NaHCO3反应能生成2 mo
16、l CO2考点： 有机物分子中的官能团及其结构专题： 有机物的化学性质及推断分析： AM的分子式为C9H6O4，以此计算相对分子质量；B酚OH的邻对位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应；C酚羟基具有酸性，能和氢氧化钠反应生成对应的盐，酯基水解得到对应的钠盐；D酚羟基与酯基都不能与NaHCO3溶液反应解答： 解：AM的分子式为C9H6O4，则相对分子质量为129+16+164=178，故A错误；BM中含有2个酚羟基和1个碳碳双键，则1 mol M最多能与3molBr2发生反应，故B错误；C酚羟基与酯基都能与NaOH溶液反应，则M与足量的NaOH溶液发生反应时，所得有机产物的化学式为C
17、9H4O5Na4，故C正确；DM在碱性条件下水解生成的COOH能与NaHCO3反应，但M中酚OH酸性较弱，不能与足量NaHCO3反应能生成CO2，故D错误；故选C点评： 本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、酯性质的考查，题目难度不大11（3分）（2015春合阳县期中）下列各组混合物，不论两种物质以何种比例混合，只要总质量一定，经完全燃烧后，产生的CO2的质量不变的是（） A 乙炔和苯酚 B 乙醇和乙酸 C 甲醛和葡萄糖 D 丙烯和丙烷考点： 有关混合物反应的计算分析： 无论以何种比例混合，只要混合物的总质量一定，完全燃烧生成CO2的质量也一定，则
18、说明混合物各组分的分子中含碳量相等，据此对各选项进行判断解答： 解：A乙炔的最简式为CH，苯酚的分子式为：C6H6O，二者的含碳量不相等，不符合题意，故A错误；B乙醇和与乙酸的相对分子质量不相等，分子中的含碳量不相等，不符合题意，故B错误；C甲醛（HCHO）与葡萄糖（C6H12O6）的最简式相同，分子中的含碳量相等，符合题意，故C正确；D丙烷和丙烯的最简式不相同，分子中的含碳量不相等，不符合题意，故D错误；故选C点评： 本题考查混合物反应的计算，题目难度中等，根据题干信息明确有机物分子中的含碳量相同为解答关键，试题侧重考查学生的分析、理解能力及灵活应用基础知识的能力12（3分）（2015春南阳
19、校级月考）某一元脂肪羧酸1mol，可以与1mol溴发生加成反应，0.1mol该羧酸充分燃烧生成水1.7mol，则该羧酸的分子式是（） A C18H36O2 B C16H34O2 C C18H34O2 D C16H30O2考点： 化学方程式的有关计算分析： 一元脂肪羧酸1mol，可以与1mol溴发生加成反应，则含有1mol碳碳双键，0.1mol该羧酸充分燃烧生成水1.7mol，即1 mol羧酸燃烧生成17 mol H2O，根据H原子守恒，确定H的个数，根据该一元脂肪羧酸符合CnH2n2O2的通式来计算即可解答： 解：一元脂肪羧酸1 mol可与1 mol Br2发生加成反应，则羧酸分子中含一个键，
20、符合CnH2n2O2的通式，0.1 mol羧酸充分燃烧生成1.7 mol H2O，即1 mol羧酸燃烧生成17 mol H2O，羧酸分子中的氢原子数为34，2n2=34，n=18，故羧酸分子式为C18H34O2故选C点评： 本题考查学生有机物分子式的确定，注意有机物的性质以及应用是解题的关键，难度中等13（3分）（2015春南阳校级月考）质谱图显示，某化合物的相对分子质量为74，燃烧实验发现其分子内碳、氢原子个数之比为2：5，核磁共振氢谱显示，该物质中只有两种类型的氢原子关于该化合物的描述中，不正确的是（） A 该化合物可能为2甲基2丙醇 B 该化合物为2丁醇的同分异构体 C 该化合物可能为乙
21、醚 D 该化合物为乙醚的同系物考点： 有机物结构式的确定；芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体分析： 该化合物中碳、氢原子个数之比为2：5，结合选项可知，该有机物中含有CH、O元素，则H原子数只能为偶数，其分子式中至少满足C4H10，由于H原子已经达到饱和，则该有机物中一定含有4个C、10个H，含有氧原子数目为：=1，所以该有机物分子式为：C4H10O，再结合该物质中含有两种类型的氢原子对各选项进行判断解答： 解：该化合物中碳、氢原子个数之比为2：5，结合选项可知，该有机物中含有CH、O元素，则H原子数只能为偶数，其分子式中至少满足C4H10，由于H原子已经达到饱和，则该有机物中一定
22、含有4个C、10个H，含有氧原子数目为：=1，所以该有机物分子式为：C4H10O，A该物质中氢原子只有两种类型，2甲基2丙醇（）符合题目要求，故A正确；B为2丁醇的同分异构体，根据A可知符合题目要求，故B正确；C乙醚的结构简式为：CH3CH2OCH2CH3，其分子中含有2种等效H、分子式为C4H10O，符合题中要求，故C正确；D分子式为C4H10O醚类物质，分子中含有2种等效H，满足条件的只能为乙醚，不可能为乙醚的同分异构体，故D错误；故选D点评： 本题考查了有机物结构式的确定、同系物、同分异构体的应用，题目难度中等，正确推断该化合物分子式为解答关键，注意明确核磁共振氢谱中吸收峰的含义14（3
23、分）（2015春南阳校级月考）波立维是国家刚刚引进的新药，它给中风、心肌梗死等心脏病患者带来希望波立维属于硫酸氢盐，它的结构如图所示下列关于它的说法正确的是（） A 该物质的化学式为C16H15ClNO2H2SO4 B 该物质不溶于水 C 波立维属于硫酸氢盐，它的形成与其结构中的氮原子有关 D 它可以与NaOH溶液反应，1 mol该物质最多可消耗2 mol NaOH考点： 有机物的结构和性质分析： 由结构简式确定有机物含有的元素种类和原子格式，可确定有机物分子式，因属于硫酸氢盐，可溶于水，能与氢氧化钠反应的C|、酯基以及硫酸，以此解答解答： 解：A该物质的化学式为C16H16ClNO2H2SO
24、4，故A错误；B该物质属于盐类，含有亲水的磺酸基，应该易溶于水，故B错误；C结构中只有氮原子为碱性基团，可与硫酸形成硫酸氢盐，故C正确；D该物质与NaOH反应，苯环上Cl原子消耗2mol（1mol水解，1mol中和）酯基消耗1mol，“H2SO4”消耗2molNaOH，总共5mol，故D错误故选C点评： 本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型和高频考查，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结合特点和官能团的性质，为解答该题的关键，难度不大15（3分）（2013春贵池区校级期中）2008年北京奥运会对运动员是否服用兴奋剂采取了更加严格的检测方法某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质
25、的说法正确的是（） A 遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物 B 滴入KMnO4（H+）溶液，观察到紫色褪去，能证明该物质的结构中存在碳碳双键 C 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2的量分别为4 mol、6 mol D 该分子中的所有碳原子可能共平面考点： 有机物的结构和性质专题： 有机物的化学性质及推断分析： 该有机物中含酚OH、C=C，结合苯酚、烯烃的性质及苯、C=C的平面结构来解答解答： 解：A含苯酚结构，遇FeCl3溶液显紫色，但含2个苯环，则与苯酚不属于同系物，故A错误；B酚OH、C=C均可被氧化，则滴入KMnO4（H+）溶液，观察到紫色褪去，
26、不能证明该物质的结构中存在碳碳双键，故B错误；C酚OH的邻对位与溴发生取代，苯环与C=C与氢气发生加成，则1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2的量分别为4mol、7mol，故C错误；D苯环、C=C为平面结构，与其直接相连的原子在同一平面内，则该分子中的所有碳原子可能共平面，故D正确；故选D点评： 本题考查有机物的结构与性质，注意把握苯酚、烯烃的性质及平面结构即可解答，注重基础知识的考查，题目难度不大16（3分）食品香精菠萝酯的生产路线（反应条件略去）如下：下列叙述错误的是（） A 步骤（1）产物中残留的苯酚可用FeCl3溶液检验 B 苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液
27、发生反应 C 苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反应 D 步骤（2）产物中残留的丙烯醇可用溴水检验考点： 有机物的结构和性质专题： 有机物的化学性质及推断分析： 苯酚含有酚羟基，可发生颜色反应，苯氧乙酸含有羧基，具有酸性，可发生中和反应，取代反应，菠萝酯含有酯基，可发生水解反应，含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，以此解答该题解答： 解：A苯酚含有酚羟基，可发生颜色反应，故A正确；B苯酚含有酚羟基，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，菠萝酯含有碳碳双键，可被酸性高锰酸钾氧化，故B正确；C苯氧乙酸含有羧基，具有酸性，菠萝酯含有酯基，可发生水解反应，都可与NaOH反应，故C正确；D菠萝酯和丙烯醇
28、都含有碳碳双键，都能与溴水发生加成反应，不能用溴水鉴别，故D错误故选D点评： 本题考查有机物的结构和性质，侧重于化学知识的综合运用，题目难度不大，注意有机物官能团的性质，为解答该类题目的关键17（3分）（2015春南阳校级月考）胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为，下列叙述中不正确的是（） A 1 mol胡椒酚最多可与4 mol氢气发生反应 B 1 mol胡椒酚最多可与4 mol溴发生反应 C 胡椒酚可与甲醛发生反应，生成聚合物 D 胡椒酚在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度考点： 有机物的结构和性质分析： 分子中含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和
29、氧化反应，以此解答该题解答： 解：A.1 mol苯环需3 mol H2，1 mol碳碳双键需1 mol H2，故A正确；B胡椒酚中苯环可与2 mol Br2发生取代反应（酚羟基的两个邻位），碳碳双键可与1 mol Br2发生加成反应，故共需3 mol Br2，故B错误；C酚和醛可发生缩聚反应，故C正确；D酚类物质随碳原子数增多，溶解度降低，故D正确故选B点评： 本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型和高频考查，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结合特点和官能团的性质，为解答该题的关键，难度不大18（3分）迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质如图下列取叙述正确的是（） A 迷
30、迭香酸属于芳香烃 B 1 mol迷迭香酸最多能和9 mol氢气发生加成反应 C 迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应 D 1 mol迷迭香酸最多能和含5 mol NaOH的水溶液完全反应考点： 有机物的结构和性质专题： 有机物的化学性质及推断分析： 该有机物由C、H、O三种元素组成，迷迭香酸分子中含酚羟基、羧基、酯基、碳碳双键，结合酚、羧酸、酯、烯烃的性质来解答解答： 解：A有机物中只含碳氢两种元素的化合物称烃，迷迭香酸分子中含有氧元素，所以迷迭香酸不属于芳香烃，为烃的含氧衍生物，故A错误；B该分子中含有苯环、碳碳双键，所以在一定条件下能与氢气发生加成反应，1mol迷迭香酸含有2mol
31、苯环，2mol苯环需要6mol氢气发生加成反应，1mol迷迭香酸含有1mol碳碳双键，1mol碳碳双键需要1mol氢气发生加成反应，所以最多能和7mol氢气发生加成反应，故B错误；C该物质中含有酚羟基，所有苯环上的氢原子能与溴发生取代反应；因含有羧基，所以能与醇发生酯化反应；因含有酯基，所以能发生水解反应，故C正确；D1mol迷迭香酸含有4mol酚羟基、1mol羧基、1mol酯基，4mol酚羟基需要4mol氢氧化钠与其反应，1mol羧基需要1mol氢氧化钠与其反应，1mol酯基需要1mol氢氧化钠与其反应，所以1mol迷迭香酸最多能和含6molNaOH的水溶液完全反应，故D错误；故选C点评：
32、本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、羧酸、酯、烯烃等有机物性质的考查，题目难度中等二、填空题（共46分）19（8分）有机物A与乙酸无论以何种比例混合，只要质量一定，完全燃烧后产生的水的质量也一定，试回答：（1）若A与乙酸相对分子质量相等，且既能发生银镜反应又能发生酯化反应，则A的结构简式为HOCH2CHO（2）若A由碳、氢、氧、氮四种元素组成，且含两种官能团，相对分子质量与乙酸相等，分子中氢原子都不与碳原子相连，则A的结构简式为（3）若A分子中C、H元素质量分数之和为86.67%，其余为O，且A的相对分子质量小于200，则A的分子式为C8H8O如
33、果A分子每个碳原子都达到饱和，且能与金属钠反应产生氢气，则A的结构简式为考点： 有机物的推断专题： 有机物的化学性质及推断分析： 有机物A与乙酸无论以何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧后产生的水的质量也一定，则有机物A中氢元素的质量分数与乙酸中氢元素的质量分数相等为；（1）若A的相对分子质量与乙酸相等，则A的分子量为60，分子中H原子数目为4，既能发生银镜反应又能发生酯化反应，含有羟基OH、醛基CHO，据此书写；（2）由碳、氢、氧、氮四种元素组成，假定分子中含有1个C原子、O原子、N原子，还含有4个H原子，结合相对分子质量判断剩余基团的式量，进而确定分子式再结合分子中含有两种官能团，且分子
34、中氢原子都不与碳原子相连判断；（3）根据氧元素的质量分数计算氧原子最大数目，确定含有O原子数目，进而计算有机物的相对分子质量，在计算分子中H原子数目，进而计算C原子数数目，确定分子式，结合有机物的结构特点与性质，确定其结构解答： 解：（2）若A与乙酸相对分子质量相等，则A的分子量为60，分子中H原子数目为4，既能发生银镜反应又能发生酯化反应，含有羟基OH、醛基CHO分子中氧原子数目不能超过2，若有3个氧原子，分子量超过60，故含有2个氧原子，所以碳原子数为=2，所以分子式为C2H4O2，所以符合条件的结构简式为：HOCH2CHO，故答案为：HOCH2CHO；（3）若A的相对分子质量与乙酸相等，
35、则A的分子量为60，分子中H原子数目为4，由碳、氢、氧、氮四种元素组成，则1个C原子、O原子、N原子的相对原子质量之和加4个H原子相对原子质量=12+16+14+4=46，相对分子质量还差6046=14，为1个N原子，所以分子式为CH4ON2，分子中含有两种官能团，且分子中氢原子都不与碳原子相连，则分子中含有NH2与羰基，所以符合条件的结构简式为，故答案为：；（3）若A分子中C、H元素质量分数之和为86.67%，其余为O，且A的相对分子质量小于200，则分子中氧原子最大数目=1.6，故分子中含有1个O原子，故该有机物的相对分子质量=120，故分子中N（H）=8，故N（C）=8，故该有机物分子式
36、为C8H8O，A能与金属钠反应产生氢气，含有OH，A分子每个碳原子都达到饱和，含有环状，则A的结构简式为，故答案为：C8H8O；点评： 考查有机物结构式的确定与性质，难度中等，判断有机物A中氢元素的质量分数与乙酸中氢元素的质量分数相等是关键，再结合分子量判断分子式20（10分）（2014上海二模）A、B、C、D均为芳香族化合物，且式量BAC，已知有机物A的结构简式为：（1）写出A和NaHCO3溶液反应的化学方程式（2）有机物B在浓H2SO4存在条件下，相互作用生成一种环状酯如图：所示，写出B的结构简式；等物质的量B与Na、NaOH、NaHCO3充分反应，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的
37、量之比为3：2：1（3）D与B为同分异构体，苯环上一氯取代物只有两种，D不与NaHCO3反应，能与Na与NaOH反应，等质量D消耗Na、NaOH物质的量之比为2：3，则D可能结构简式为等（4）1molA、C完全燃烧，消耗氧气的质量相等，且1mol C能和1mol Na完全反应，写出含碳原子数最少的C的结构简式A在一定条件下可以与HCHO发生缩聚反应，写出该反应的化学方程式：考点： 有机物的推断专题： 有机物的化学性质及推断分析： （1）酚羟基与碳酸氢钠不反应，羧基与碳酸氢钠反应，最终生成、二氧化碳与水；（2）根据有机物B形成的环状酯类化合物（）可知，B为，羟基、羧基都与Na反应，酚羟基、羧基与
38、氢氧化钠反应，只有羧基与碳酸氢钠反应，结合官能团数目判断；（3）D与B为同分异构体，D不与NaHCO3反应，不含羧基，能与Na与NaOH反应，等质量D消耗Na、NaOH物质的量之比为2：3，含有1个羧酸与酚形成的酯基、1个酚羟基、1个醇羟基，D苯环上一氯取代物只有两种，应含有2个取代基且处于对位（或者含有2个酚羟基、1个醇与羧酸形成的酯基）；（4）等物质的量的A、C完全燃烧，消耗氧气的质量相等，且1molC能和1molNa完全反应，含有1个OH或COOH，将A的分子式改写C6H6OCO2，则等物质的量的C6H6O与A耗氧量相等，故含碳原子数最少的C的结构简式为解答： 解：（1）酚羟基与碳酸氢钠
39、不反应，羧基与碳酸氢钠反应，最终生成、二氧化碳与水，反应方程式为：，故答案为：；（2）根据有机物B形成的环状酯类化合物（）可知，B为，1molB含有2molOH、1molCOOH，消耗Na3mol，1molB含有1mol酚羟基、1molCOOH，消耗2mol氢氧化钠，1molB含有1molCOOH，消耗1mol碳酸氢钠，故消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为3mol：2mol：1mol=3：2：1，故答案为：；3：2：1；（3）D与B为同分异构体，D不与NaHCO3反应，不含羧基，能与Na与NaOH反应，等质量D消耗Na、NaOH物质的量之比为2：3，含有1个羧酸与酚形成的酯基、1
40、个酚羟基、1个醇羟基，D苯环上一氯取代物只有两种，应含有2个取代基且处于对位（或者含有2个酚羟基、1个醇与羧酸形成的酯基），则D的结构简式为：等，故答案为：等；（4）等物质的量的A、C完全燃烧，消耗氧气的质量相等，且1molC能和1molNa完全反应，C含有1个OH或COOH，将A的分子式改写C6H6OCO2，则等物质的量的C6H6O与A耗氧量相等，故含碳原子数最少的C的结构简式为，A在一定条件下可以与HCHO发生缩聚反应的化学方程式为：，故答案为：；点评： 本题考查有机物的推断、官能团的性质等，难度中等，掌握官能团的性质与转化是关键，注意掌握等物质的量的有机物燃烧耗氧量规律21（14分）（2
41、015春南阳校级月考）已知连接羟基的碳原子上没有氢原子的醇不能发生催化氧化反应A是一种重要的化工原料，其分子组成为C4H9Cl，A有如下转化关系：其中F不能发生催化氧化反应，E和G都能和新制Cu（OH）2反应，但反应条件实验现象不同，H是一种有果香味的液体（1）A的同分异构体有4种，符合条件的结构简式为（2）与、反应类型相同的是（填序号，后同），若A中混有C，则对生成的B的纯度是否有影响无（填“是”或“否”），理由是A、C的消去反应产物均为（CH3）2C=CH2（3）写出下列反应的化学方程式：DE：2（CH3）2CHCH2OH+O22（CH3）2CHCHO+2H2O；G+FH：CH3CH（CH
42、3）COOH+（CH3）3COHCH3CH（CH3）COOC（CH3）3+H2O考点： 有机物的推断分析： A的分子式为C4H9Cl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成B，B与HCl发生加成反应生成C，C发生卤代烃的水解反应生成F，则F为醇，组成为C4H9OH，F不能发生催化氧化反应，故F为，则C为，B为，而A发生水解反应生成D，D发生氧化反应生成E，E发生氧化反应生成G，转化过程中碳骨架不变，则A为，故D为，E为，G为，G与F发生转化反应生成H为，据此解答解答： 解：A的分子式为C4H9Cl，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成B，B与HCl发生加成反应生成C，C发生卤代烃
43、的水解反应生成F，则F为醇，组成为C4H9OH，F不能发生催化氧化反应，故F为，则C为，B为，而A发生水解反应生成D，D发生氧化反应生成E，E发生氧化反应生成G，转化过程中碳骨架不变，则A为，故D为，E为，G为，G与F发生转化反应生成H为，（1）由上述分析可知，A结构简式为，A的同分异构体另外还有CH3CH2CH2CH2Cl、CH3CH2CHClCH3、（CH3）3CCl，共4种，故答案为：4；（2）反应属于取代反应，反应属于氧化反应，反应属于消去反应，反应属于加成反应，反应属于取代反应，与反应类型相同的是，若A中混有C，发生消去反应均生成，所以对生成的B的纯度无影响，故答案为：；无；A、C的
44、消去反应产物均为（CH3）2C=CH2；（3）DE的化学方程式为2（CH3）2CHCH2OH+O2 2（CH3）2CHCHO+2H2O，G+FH的化学方程式为CH3CH（CH3）COOH+（CH3）3COH CH3CH（CH3）COOC（CH3）3+H2O，故答案为：2（CH3）2CHCH2OH+O2 2（CH3）2CHCHO+2H2O；CH3CH（CH3）COOH+（CH3）3COH CH3CH（CH3）COOC（CH3）3+H2O；点评： 本题考查有机物推断，注意根据反应条件判断发生的反应，再结合F不能发生催化氧化确定F的结构，进而推断其它物质，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，较好的考
45、查学生分析推理能力，难度中等22（14分）（2007春武汉校级期末）某校学生小组为探究乙酸、碳酸和苯酚的酸性强弱并证明乙酸为弱酸，进行下述实验探究乙酸、碳酸和苯酚的酸性强弱关系该校学生设计了右图的实验装置（夹持仪器已略去）（1）某生检查装置A的气密性时，先关闭止水夹，从左管向U型管内加水，至左管液面高于右管液面，静置一段时间后，若U型管两侧液面差不发生变化，则气密性良好你认为该生的操作正确与否？正确（填“正确”或“错误”） 大理石与乙酸溶液反应的化学方程式为CaCO3+2CH3COOH=Ca（CH3COO）2+CO2+H2O（2）装置A中反应产生的气体通入苯酚钠溶液中，实验现象为试管中溶液出现
46、浑浊反应的离子方程式为C6H5O+CO2+H2OC6H5OH+HCO3（3）有学生认为（2）中的实验现象不足以证明碳酸的酸性比苯酚强，理由是乙酸有挥发性，挥发出的乙酸也可以和苯酚钠溶液反应，生成苯酚改进该装置的方法是在装置A和B之间连一个盛有饱和氢钠溶液的洗气瓶证明乙酸为弱酸（4）现有pH=3的乙酸溶液、蒸馏水、石蕊试液及pH试纸，选用适当的仪器和用品，用最简便的实验方法证明乙酸为弱酸用量筒量取一定体积的乙酸溶液，加蒸馏水稀释100倍，用pH试纸测其pH，pH5，则证明乙酸是弱酸确定几种盐溶液pH大小的关系（5）在相同温度下，测定相同物质的量浓度 aNaHCO3溶液 bNa2CO3溶液 cCH
47、3COONa溶液 dONa溶液的pH，其pH由大到小排列的顺序为bdac（填溶液编号）考点： 比较弱酸的相对强弱的实验；探究溶液的酸碱性专题： 实验设计题分析： （1）根据体系内产生的压强是否变化来判断装置的气密性，碳酸钙和醋酸反应生成醋酸钙和水、二氧化碳；（2）二氧化碳和苯酚钠反应生成不易溶于水的苯酚和碳酸氢钠，根据离子方程式的书写规则书写；（3）要防止醋酸干扰实验，在气态未和苯酚反应前将其除去，可选用饱和的碳酸氢钠溶液除去醋酸且又不引进新的杂质气体；（4）证明乙酸为弱酸需证明溶液中存在电离平衡，依据提供的试剂可以对溶液稀释测定溶液PH的变化分析判断是否存在电离平衡分析设计；（5）都是强碱弱
48、酸盐，溶液显示碱性，酸根离子对应的酸的酸性越弱，水解程度越大，溶液的pH越大，据此进行判断各溶液的pH大小解答： 解：（1）U型管两侧液面差能产生压强，所以能判断装置的气密性，故正确；碳酸钙和醋酸反应生成醋酸钙和水、二氧化碳，反应方程式为CaCO3+2CH3COOH=Ca（CH3COO）2+CO2+H2O，故答案为：正确；CaCO3+2CH3COOH=Ca（CH3COO）2+CO2+H2O；（2）二氧化碳和苯酚钠反应生成不易溶于水的苯酚和碳酸氢钠，所以看到的现象是溶液出现浑浊，反应离子方程式为：C6H5O+CO2+H2OC6H5OH+HCO3，故答案为：试管中溶液出现浑浊；C6H5O+CO2+
49、H2OC6H5OH+HCO3；（3）要防止醋酸干扰实验，在气态未和苯酚反应前将其除去，可选用饱和的碳酸氢钠溶液除去醋酸且又不引进新的杂质气体，所以在装置A和B之间连一个盛有饱和碳酸氢钠溶液的洗气瓶除去醋酸，故答案为：在装置A和B之间连一个盛有饱和氢钠溶液的洗气瓶；（4）明乙酸为弱酸需证明溶液中存在电离平衡，依据提供的试剂可以对溶液稀释测定溶液PH的变化，实验步骤为：取pH=3的乙酸溶液加入蒸馏水稀释100倍，用pH试纸测定溶液的pH小于5，故答案为：用量筒量取一定体积的乙酸溶液，加蒸馏水稀释100倍，用pH试纸测其pH，pH5，则证明乙酸是弱酸（或其他合理答案）；（5）aNaHCO3溶液 bNa2CO3溶液 cCH3COONa溶液 dONa，以上都是强碱弱酸盐，溶液都显示碱性，化学式中含有的弱酸根离子对应的酸的酸性越强，其水解程度越弱，溶液的pH越小，而酸性关系为：醋酸碳酸苯酚碳酸氢根离子，则以上溶液的pH由大到小排列的顺序为bdac，故答案为：bdac点评： 本题考查了比较弱酸酸性强弱的方法、证明弱电解质的方法，题目难度中等，注意掌握比较弱电解质酸性强弱常用的方法，明确判断盐的水解程度的方法：越弱越水解
