1、2015-2016学年广东省佛山市高一（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28题在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，错选、不选得0分1亚里士多德和伽利略对“物体下落的快慢”及“力和运动的关系”进行了相关研究，下列说法正确的是（）A亚里士多德认为重的物体和轻的物体下落一样快B伽利略通过逻辑推与实验认为同一地点重的和轻的物体下落快慢相同C伽利略通过理想实验得出了力是维持物体运动的原因D伽利略通过斜面实验证实物体沿料面下滑时，其速度与位移成正比2下列四组物理量中，两个都属于矢量的是（）A位移和速度B路程和时间C速度和加速度D质量和重力3木星是
2、太阳系八大行星中体积最大、自转最快的行星，木星质量是地壳质量的318倍，赤道半径是地壳半径的11倍；体积是地球的1316倍，木星公转的轨道半径约为地球的5.2倍，自转一周只需要9小时50分30秒，下列说法正确的是（）A题中“9小时50分30秒”是指时刻B由于木星体积和质量太大，不能看做质点，研究自转时可以将其看做质点C比较木星、地球运行速度的大小，应当以太阳系为参照系D木星公转一周的位移要比地球公转一周的位移大4有关下面的物理量和单位：质量、牛、米/秒2、密度、米/秒、千克、厘米、秒、长度、时间，说法正确的是（）A属于物理量的有B在国际单位制中作为基本的物理量有C在国际单位制中属于基本单位的有
3、D在国际单位制中属于导出单位的有5小明从自家七楼阳台上自由释放一石子，石子落至一楼地面所用时间接近（）A1秒B2秒C4秒D5秒6如图跳伞运动员打开伞后经过一段时间后，将在空中保持匀速降落已知运动员和他身上的装备的重量为G1，圆顶形降落伞伞面的重量为G2，有8条相同的拉线一端与运动员相连（拉线重力不计），另一端均匀分布在伞面边缘上（图中未将拉线一一画出），每根拉线和竖直方向都成30角，那么每根拉线的上张力大小为（）ABCD7如图，光滑半圆柱体紧靠竖直墙壁放置在墙壁上P点用细线悬挂一小球，小球靠在半圆柱体上现将半圆柱体稍稍向上移动一点，与移动之前相比，半圆柱体对小球的弹力大小N和细线拉力大小F的变
4、化是（）AN不变，F变小BN不变，F不变CN变小，F变小DN变大，F变大二、多项选择题：本题共5小题，每题4分，共20分在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题目要求，全部选对的得4分，漏选的得2分，有错选的得0分82015年北京田径锦标赛上，在男子跳高决赛中，中国选手张国伟以2米33的成绩夺得银牌下列有关他的说法正确的是（）A起跳以后在上升过程中处于超重状态B在下落过程处于失重状态C起跳时地面对他的支持力大于他受到的重力D起跳时地面对他的支持力大于他对地面的压力9倾斜的木板上放置一本薄书，在薄书上叠放一本厚书，均处于静止状态，则以下说法正确的是（）A厚书对薄书的摩擦力与木板对薄
5、书的摩擦力是一对作用力和反作用力B此时厚书所受摩擦力大小与两书间的正压力及动摩擦因数有关C厚书所受弹力是因薄书发生了向下形变而产生的D薄书共受5个力的作用10一轻弹簧，当它下端挂重G=10N的物体，静止时弹簧长度L1=12cm（图甲）把该物体压在该弹簧上，静止时弹簧的长度L2=8cm（图乙）则（）A轻弹簧的原长L0=0.1mB轻弹簧的原长L0=0.09mC轻弹簧的劲度系数k=250N/mD轻弹簧的劲度系数k=500N/m11如图所示为甲、乙两质点在同一直线上运动的位移时间图象，如图可知（）A在t1时刻，甲速度小于乙的速度B在t1至t2时间内，乙在甲的前方C在t1至t2时间内，甲、乙的速度均逐渐
6、增加D在t1至t2时间内，甲、乙的平均速度相等12如图所示，质量为m的物体，在与竖直方向成角的力F的作用下，从静止开始沿竖直墙壁做匀变速运动若加速度大小为a，垂直加速度为g，物块与竖直墙壁间的动摩擦因数为，则F的大小可能为（）ABCD三、实验与解答题：本大题共5小题，共52分按题目要求作答解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位13某同学用电磁打点计时器来探究小车匀变速直线运动规律（1）所用电源为50Hz（填“直流”或“交流”）电源，打点计时器每隔打一次点（2）该同学的部分实验步骤如下：A接通电源，待打点计时器工作稳
7、定后放开小车B小车停止运动后，关闭电源，取出纸带C将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（选填用字母代号即可）（3）实验中得到被小车拖动的纸带如图所示，在纸带上确定了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，每两个相邻计数点之间还有四个点没有标出则每两个相邻计数点之间的时间间隔为s；打下D点时小车的瞬时速度为m/s；小车的加速度为m/s2（最后两空保留2位有效数字）14某同学用如图甲所示的实验装置来探究共点力的平衡条件A、B是两个弹簧秤，O为连接A、B及悬挂重物M细线的结点O为连接A、B及悬挂重物M对细线的结点A另一端挂
8、于固定点P，手持B弹簧秤左端，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并记录O点的位置（1）图中弹簧测力计A的示数为N（2）下列必要的实验要求是（请填写选项前对应的字母）A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验测得A、B两弹簧秤拉力F1、F2的图示如图所示，在图中作出它们的合力，之后将F1、F2的合力与重物M的重力进行比较，多次实验可得出共点力的平衡条件，请你完成作图（4）完成该实验的下列措施中，能够减小实验误差的是（）A重物越重越好B弹簧秤、细线应贴近木板且与木板平行C连接弹
9、簧秤及重物的细线应适当长些D两弹簧秤间的夹角越大越好（5）某次实验中，弹簧B拉力水平现换一个较轻的重物悬挂，该同学仍要让结点O静止在原位置，下列针对改变B弹簧秤拉力大小和方向的措施中可行的是A只减小拉力的大小B只改变拉力的方向C手持端向下移动，并增大拉力D手持端向上移动，并减小拉力15我国在建的航空母舰，其弹射系统有助于飞机起飞，飞机先在弹射系统牵引下获得一定初速后，再借助自身动力自主加速，最后获得起飞所需的最小速度起飞已知飞机跑道总长度为140m，其中弹射牵引加速的距离为64m飞机自主加速的距离为70m，若弹射牵引的最大加速度为32m/s2，自主加速的最大加速度为8m/s2设航空母舰处于静止
10、状态，飞机由静止开始弹射，飞机加速的过程视为匀加速运动，则：（1）弹射系统使飞机具有的最大初速度多大？（2）在上述情况中，飞机需再自主加速1s才能到达起飞所需的最小速度，则飞机起飞所需的最小速度多大？16质量为0.4kg的物块放在倾角为30的斜面上，受到方向不变的沿斜面向上的力F作用，F的大小与时间t的关系以及相对应的物块速度v与时间t的关系如图所示，重力加速度g取10m/s2求：（1）物块在04s内受到的摩擦力大小和方向；（2）物块在4s8s内的加速度大小；（3）物块与斜面间的动摩擦因数17如图所示，长为L=1.6m的木板B静止于光滑水平面上，物体A（可视为质点）放在B的最左端，已知A、B的
11、质量mA=mB=1.0kg，A、B之间的动摩擦因数=0.2，从t=0时，对木块A施加F=6.0N水平向右的恒定拉力，使A在B上滑动；t1=1.0s时撤去拉力F，重力加速度g取10m/s2求：（1）在0t1时间内，A、B的加速度各多大；（2）在t1时刻，A的速度和对地位移大小（此时A未从B上滑下）；（3）试通过分析，A能否从B上滑出？若能滑出，求A离开B板时的瞬时速度；若不能滑出，A停在B板上何处？2015-2016学年广东省佛山市高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28题在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，错选、不
12、选得0分1亚里士多德和伽利略对“物体下落的快慢”及“力和运动的关系”进行了相关研究，下列说法正确的是（）A亚里士多德认为重的物体和轻的物体下落一样快B伽利略通过逻辑推与实验认为同一地点重的和轻的物体下落快慢相同C伽利略通过理想实验得出了力是维持物体运动的原因D伽利略通过斜面实验证实物体沿料面下滑时，其速度与位移成正比【考点】物理学史【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的，重物比轻物下落快，故A错误B、伽利略通过逻辑推与实验认为同一地点重的和轻的物体下落快慢相同，故B正确C、伽利略通过理想实验
13、得出了力不维持物体运动的原因，故C错误D、小球在斜面上运动运动速度与位移不成正比，故D错误故选：B2下列四组物理量中，两个都属于矢量的是（）A位移和速度B路程和时间C速度和加速度D质量和重力【考点】矢量和标量【分析】矢量是指既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量【解答】解：A、位移和速度都是矢量故A正确B、路程和时间都是标量，故B错误C、速度和加速度都是矢量故C正确D、质量是标量，重力是矢量，故D错误故选：AC3木星是太阳系八大行星中体积最大、自转最快的行星，木星质量是地壳质量的318倍，赤道半径是地壳半径的11倍；体积是地球的1316倍，木星公转的轨道半径约为地球的5.2倍
14、，自转一周只需要9小时50分30秒，下列说法正确的是（）A题中“9小时50分30秒”是指时刻B由于木星体积和质量太大，不能看做质点，研究自转时可以将其看做质点C比较木星、地球运行速度的大小，应当以太阳系为参照系D木星公转一周的位移要比地球公转一周的位移大【考点】位移与路程；参考系和坐标系；质点的认识；时间与时刻【分析】能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略，参考系是为了研究物体的运动而假定为不动的物体；位移是初位置指向末位置的有向线段【解答】解：A、题中“9小时50分30秒”对应一个过程，是指时间，故A错误；B、研究木星自转时，其大小和形
15、状不能忽略，不能看出质点，故B错误；C、木星和地球都围绕太阳做匀速圆周运动，则比较木星、地球运行速度的大小，应当以太阳系为参照系，故C正确；D、木星公转一周和地球公转一周的位移都为零，相等，故D错误故选：C4有关下面的物理量和单位：质量、牛、米/秒2、密度、米/秒、千克、厘米、秒、长度、时间，说法正确的是（）A属于物理量的有B在国际单位制中作为基本的物理量有C在国际单位制中属于基本单位的有D在国际单位制中属于导出单位的有【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推
16、到出来的物理量的单位叫做导出单位他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【解答】解：A、质量、密度、长度、时间是物理量，故属于物理量的有，故A错误；B、力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，属于基本物理量的是，故B错误；C、国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔所以属于国际单位制中基本单位的是，故C错误；D、国际单位制中属于导出单位的有，故D正确；故选：D5小明从自家七楼阳台上自由释放一石子，石子落至一楼地面所用时间接近（）A1秒B2秒C4秒D5秒【考点】自由落体运动【分析】估计7层楼高度，然后根据自由落体运动的位移时间关
17、系公式列式求解【解答】解：7楼阳台的高度估计为3.16+1=19.6m，根据h=，得到：t=s，与B选项最接近，故ACD错误，B正确，故选：B6如图跳伞运动员打开伞后经过一段时间后，将在空中保持匀速降落已知运动员和他身上的装备的重量为G1，圆顶形降落伞伞面的重量为G2，有8条相同的拉线一端与运动员相连（拉线重力不计），另一端均匀分布在伞面边缘上（图中未将拉线一一画出），每根拉线和竖直方向都成30角，那么每根拉线的上张力大小为（）ABCD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成【分析】运动员受本身的重力及8根丝线的拉力而处于平衡状态；将丝线的拉力分解为水平和竖直两个方 向上的分力，则竖直上的分
18、力之和等于向下的重力【解答】解：如图以一根丝线为例，每根丝线拉力向上的分力：F1=Fcos30=F，由共点力的平衡条件可知：8F1=mg，解得：F=，故选：A7如图，光滑半圆柱体紧靠竖直墙壁放置在墙壁上P点用细线悬挂一小球，小球靠在半圆柱体上现将半圆柱体稍稍向上移动一点，与移动之前相比，半圆柱体对小球的弹力大小N和细线拉力大小F的变化是（）AN不变，F变小BN不变，F不变CN变小，F变小DN变大，F变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】对小球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据平衡条件并采用合成法中的相似三角形法列式分析即可【解答】解：对小球受力分析，如图所示：图中
19、的力三角形与几何三角形POA相似，根据平衡条件，有：解得：由于PO、AO不变，PA减小，故N增加，T增加；故ABC错误，D正确；故选：D二、多项选择题：本题共5小题，每题4分，共20分在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题目要求，全部选对的得4分，漏选的得2分，有错选的得0分82015年北京田径锦标赛上，在男子跳高决赛中，中国选手张国伟以2米33的成绩夺得银牌下列有关他的说法正确的是（）A起跳以后在上升过程中处于超重状态B在下落过程处于失重状态C起跳时地面对他的支持力大于他受到的重力D起跳时地面对他的支持力大于他对地面的压力【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】当物体对
20、接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；地面对他的支持力与他对地面的压力为一对作用力与反作用力【解答】解：A、无论是上升过程还是下落过程，运动员的加速度始终向下，所以他处于失重状态，故A错误，B正确；C、起跳时运动员的加速度的方向向上，地面对他的支持力大于他受到的重力故C正确；D、起跳时地面对他的支持力与他对地面的压力为一对作用力与反作用力，大小应相等，故D错误故选：BC9倾斜的木板上放置一本薄书，在薄书上叠放一本厚书，均处于静止状态，则以下说法正确的是（）A厚书对薄书的摩擦
21、力与木板对薄书的摩擦力是一对作用力和反作用力B此时厚书所受摩擦力大小与两书间的正压力及动摩擦因数有关C厚书所受弹力是因薄书发生了向下形变而产生的D薄书共受5个力的作用【考点】物体的弹性和弹力【分析】根据相互作用力的定义，结合滑动摩擦力公式，及弹力产生原理，与受力分析方法，即可一一求解【解答】解：A、厚书对薄书的摩擦力与薄书对厚书的摩擦力才是一对作用力和反作用力，故A错误；B、此时厚书所受摩擦力是静摩擦力，其大小与两书间的正压力及动摩擦因数无关，当是滑动摩擦力才与正压力及动摩擦因数有关，故B错误；C、厚书所受弹力是因薄书发生了向下弹性形变而产生的，故C错误；D、对薄书受力分析，重力，厚书对薄书的
22、压力，静摩擦力，及斜面对薄书支持力，与静摩擦力，共受5个力的作用，故D正确；故选：D10一轻弹簧，当它下端挂重G=10N的物体，静止时弹簧长度L1=12cm（图甲）把该物体压在该弹簧上，静止时弹簧的长度L2=8cm（图乙）则（）A轻弹簧的原长L0=0.1mB轻弹簧的原长L0=0.09mC轻弹簧的劲度系数k=250N/mD轻弹簧的劲度系数k=500N/m【考点】胡克定律【分析】当弹簧下端挂重物时，弹簧的拉力等于重物的重力根据胡克定律列式当把该物体压在该弹簧上时，弹簧所受的压力等于物体的重力，再由胡克定律列式，联立求解即可【解答】解：根据胡克定律得：物体挂在弹簧下时有：G=k（L1L0）物体压在弹
23、簧上时有：G=k（L0L2）联立得 k=2=500N/m；代入第一式解得 L0=0.1m故选：AD11如图所示为甲、乙两质点在同一直线上运动的位移时间图象，如图可知（）A在t1时刻，甲速度小于乙的速度B在t1至t2时间内，乙在甲的前方C在t1至t2时间内，甲、乙的速度均逐渐增加D在t1至t2时间内，甲、乙的平均速度相等【考点】匀变速直线运动的图像【分析】位移时间图象反映物体的位置坐标随时间的变化规律，倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度，平均速度等于位移与时间之比根据这些知识分析【解答】解：A、根据斜率表示速度，斜率大小越大，速度越大，可知在t1时刻，甲速度小于乙的速度故A正确B、在t1至
24、t2时间内，乙的位置坐标比甲的大，则乙在甲的前方，故B正确C、在t1至t2时间内，甲的速度逐渐增加，而乙的速度不变，故C错误D、在t1至t2时间内，甲、乙的初位置相同，末位置也相同，则它们通过的位移相同，平均速度相等故D正确故选：ABD12如图所示，质量为m的物体，在与竖直方向成角的力F的作用下，从静止开始沿竖直墙壁做匀变速运动若加速度大小为a，垂直加速度为g，物块与竖直墙壁间的动摩擦因数为，则F的大小可能为（）ABCD【考点】力的合成与分解的运用【分析】对物体受力分析，抓住水平方向的合力为零和竖直方向上加速度为a，依据牛顿第二定律，根据共点力平衡求出推力F的大小【解答】解：若物体匀加速向上运
25、动，摩擦力向下，受力分析，在水平竖直方向建立xoy坐标系，x轴平衡：FsinN=0y轴平衡得：Fcosfmg=ma由：f=N所以：F=若物体匀加速向下运动，摩擦力向上，受力分析，在水平竖直方向建立xoy坐标系，x轴平衡：FsinN=0y轴平衡得：Fcos+fmg=ma由：f=N所以F=；故选：AC三、实验与解答题：本大题共5小题，共52分按题目要求作答解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位13某同学用电磁打点计时器来探究小车匀变速直线运动规律（1）所用电源为50Hz交流（填“直流”或“交流”）电源，打点计时器每隔0
26、.02s打一次点（2）该同学的部分实验步骤如下：A接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车B小车停止运动后，关闭电源，取出纸带C将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：DCAB（选填用字母代号即可）（3）实验中得到被小车拖动的纸带如图所示，在纸带上确定了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，每两个相邻计数点之间还有四个点没有标出则每两个相邻计数点之间的时间间隔为0.1s；打下D点时小车的瞬时速度为0.56m/s；小车的加速度为0.81m/s2（最后两空保留2位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】根据某
27、段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出D点的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度【解答】解：（1）打点计时器使用交流电源，打点计时器每隔0.02s打一个点（2）实验时先组装器材，顺序为D、C，然后进行实验，顺序为：A、B则实验步骤的正确顺序为：DCAB（3）相邻计数点间的时间间隔T=0.1s，D点的瞬时速度m/s=0.56m/s根据x=aT2，运用逐差法得，a=0.81m/s2故答案为：（1）交流，0.02，（2）DCAB，（3）0.1，0.56，0.8114某同学用如图甲所示的实验装置来探究共点力的平衡条件A、B是两个弹簧秤，O为连接A、B及悬挂重物M细
28、线的结点O为连接A、B及悬挂重物M对细线的结点A另一端挂于固定点P，手持B弹簧秤左端，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并记录O点的位置（1）图中弹簧测力计A的示数为4.00N（2）下列必要的实验要求是ABC（请填写选项前对应的字母）A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验测得A、B两弹簧秤拉力F1、F2的图示如图所示，在图中作出它们的合力，之后将F1、F2的合力与重物M的重力进行比较，多次实验可得出共点力的平衡条件，请你完成作图（4）完成该实验的下列措施中，能够减小实验
29、误差的是（）A重物越重越好B弹簧秤、细线应贴近木板且与木板平行C连接弹簧秤及重物的细线应适当长些D两弹簧秤间的夹角越大越好（5）某次实验中，弹簧B拉力水平现换一个较轻的重物悬挂，该同学仍要让结点O静止在原位置，下列针对改变B弹簧秤拉力大小和方向的措施中可行的是CA只减小拉力的大小B只改变拉力的方向C手持端向下移动，并增大拉力D手持端向上移动，并减小拉力【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数；（2）在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验；（3）根据平行四边形定
30、则作出图象；（4）正确理解和应用平行四边形定则，明确合力和分力的大小关系，理解“等效法”在该实验中的应用，根据实验原理分析即可；（5）换一个较轻的重物悬挂，则两个弹簧秤的合力减小，方向不变，O点位置不变，则弹簧秤A的示数和方向都不变，作出平行四边形，根据平行四边形定则分析即可【解答】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成10格，则1格就等于0.1N图中弹簧测力计A的示数为4.00N（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小
31、准确性故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验故D错误故选：ABC（3）以F1、F2为临边作出平行四边形，对角线为其合力，如图所示：（4）A、重物的重力要适中，不是越重越好，故A错误；B、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；C、连接弹簧秤及重物的细线应适当长些，减小拉力方向的误差，故C正确；D、两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导
32、致作图困难，也会增大偶然误差，故D错误故选：BC（5）换一个较轻的重物悬挂，则两个弹簧秤的合力减小，方向不变，O点位置不变，则弹簧秤A的示数和方向都不变，根据平行四边形定则可知，可知可以使B弹簧手持端向下移动，并增大拉力，故C正确，ABD错误故选：C故答案为：（1）4.00；（2）ABC；（3）如图所示；（4）BC；（5）C15我国在建的航空母舰，其弹射系统有助于飞机起飞，飞机先在弹射系统牵引下获得一定初速后，再借助自身动力自主加速，最后获得起飞所需的最小速度起飞已知飞机跑道总长度为140m，其中弹射牵引加速的距离为64m飞机自主加速的距离为70m，若弹射牵引的最大加速度为32m/s2，自主加
33、速的最大加速度为8m/s2设航空母舰处于静止状态，飞机由静止开始弹射，飞机加速的过程视为匀加速运动，则：（1）弹射系统使飞机具有的最大初速度多大？（2）在上述情况中，飞机需再自主加速1s才能到达起飞所需的最小速度，则飞机起飞所需的最小速度多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）根据起飞时的速度、位移、加速度，结合速度位移公式求出需要借助弹射系统获得的最大初速度；（2）根据飞机的位移和航空母舰的位移之差等于跑道的长度，结合位移时间公式求出航空母舰的最小速度【解答】解：（1）弹射的过程中初速度为0，由位移速度公式：2ax=v20所以：v=m/s
34、（2）分机自主加速的过程中：vm=v+at=64+81=72m/s答：（1）弹射系统使飞机具有的最大初速度是64m/s；（2）在上述情况中，飞机需再自主加速1s才能到达起飞所需的最小速度，则飞机起飞所需的最小速度是72m/s16质量为0.4kg的物块放在倾角为30的斜面上，受到方向不变的沿斜面向上的力F作用，F的大小与时间t的关系以及相对应的物块速度v与时间t的关系如图所示，重力加速度g取10m/s2求：（1）物块在04s内受到的摩擦力大小和方向；（2）物块在4s8s内的加速度大小；（3）物块与斜面间的动摩擦因数【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）在04s内静止
35、，根据受力分析，利用共点力平衡求得摩擦力大小和方向；（2）根据vt图象，斜率代表加速度求得；（3）根据牛顿第二定律求得摩擦因数【解答】解：（1）在04s内，有乙图可知，物体处于静止，设摩擦力沿斜面向上，对物体受力分析，则F+fmgsin30=0，解得f=mgsin30F=0.4100.53N=1N，负号说明与假设方向相反，故沿斜面向下；（2）在vt图象中斜率代表加速度，则（3）在48s内，对物体受力分析，有牛顿第二定律可知，Fmgcosmgsin=ma解得答：（1）物块在04s内受到的摩擦力大小为1N，方向沿斜面向下；（2）物块在4s8s内的加速度大小为2.5m/s2；（3）物块与斜面间的动摩
36、擦因数为17如图所示，长为L=1.6m的木板B静止于光滑水平面上，物体A（可视为质点）放在B的最左端，已知A、B的质量mA=mB=1.0kg，A、B之间的动摩擦因数=0.2，从t=0时，对木块A施加F=6.0N水平向右的恒定拉力，使A在B上滑动；t1=1.0s时撤去拉力F，重力加速度g取10m/s2求：（1）在0t1时间内，A、B的加速度各多大；（2）在t1时刻，A的速度和对地位移大小（此时A未从B上滑下）；（3）试通过分析，A能否从B上滑出？若能滑出，求A离开B板时的瞬时速度；若不能滑出，A停在B板上何处？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）根据牛顿第二定律求
37、得加速度；（2）根据速度时间公式和位移时间公式求得位移；（3）利用运动学公式分别求得在A加速阶段和减速阶段AB发生的相对位移即可判断【解答】解：（1）对A受力分析，由牛顿第二定律可知：FmAg=mAaA，代入数据解得：对B：mAg=mBaB，代入数据解得：（2）t1时刻A的速度为：vA=aAt1=41m/s=4m/s通过的位移为：（3）tt1时刻B的速度为：vB=aBt1=2m/s，通过的位移为：在t1时间内AB发生的相对位移为：x1=xAxB=1m撤去外力后，A做减速运动，加速度大小为：经过时间t达到共同速度，则有：v=vAaAt=vB+aBt，解得：t=0.5s，v=3m/s在0.5s内A前进的位移为：B前进的位移为：此过程发生的相对位移为：x=xAxB=0.5m故总共发生的相对位移：x总=x+x=1.5m1.6m，不会滑落，停在距B点左端1.5m处答：（1）在0t1时间内，A、B的加速度各为4m/s2和2m/s2；（2）在t1时刻，A的速度为4m/s，对地位移大小为1m；（3）不能滑出，A停在B板距B点左端1.5m处2017年1月19日
