1、广西来宾市金秀县民族高中2020-2021学年高二物理上学期期中试题 理（含解析）一、单项选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分。）1. 关于库仑定律，下列说法正确的是()A. 库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B. 根据，当两点电荷间的距离趋近于零时，库仑力将趋向于无穷大C. 若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2的库仑力大于Q2对Q1的库仑力D. 库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律【答案】D【解析】【详解】A库仑定律适用于点电荷，体积很小的球体并不一定能看做点电荷，故A错误。B当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式不
2、适用了，故电场力并不趋于无穷大，故B错误。C两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对 Q2的电场力大小上总等于Q2对Q1电场力。故C错误。D库仑定律和万有引力定律的表达式相似，都是平方反比定律，选项D正确。故选D。2. 关于电场，下列说法中正确的是A. 电场并不是客观存在的物质B. 描述电场的电场线是客观存在的C. 电场对放入其中的电荷有力的作用D. 电场对放入其中的电荷没有力的作用【答案】C【解析】【详解】A、电场是电荷周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的，故A错误；B
3、、电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线，故B错误；C、D、电场具有通常物质所具有的力和能量等客观属性，电场的力的性质表现为，电场对放入其中的电荷有作用力，这种力称为电场力，故C正确，D错误故选C3. 某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动（ ）A. 半径越大，加速度越大B. 半径越小，周期越大C. 半径越大，角速度越小D. 半径越小，线速度越小【答案】C【解析】【分析】根据库仑定律求出原子核与核外电子的库仑力根据原子核对电子的库仑力提供向心力，由牛顿第二定律求出角速度，加速度，周期，线速度进行比较【详解】根据原子核对
4、电子的库仑力提供向心力，由牛顿第二定律得=ma=m=m2r=，可得a=T=v=A、半径越大，加速度越小，故A错误；B、半径越小，周期越小，故B错误；C、半径越大，角速度越小，故C正确；D、半径越小，线速度越大，故D错误故选C【点睛】能够根据题意找出原子核与核外电子的库仑力提供向心力，并列出等式求解对于等效环形电流，以一个周期为研究过程求解4. 在静电场中，下列说法正确的是A. 沿着电场线方向，电势一定越来越低B. 电场强度为零的点，电势一定为零C. 电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同D. 只在电场力作用下，正电荷一定从高电势的地方向低电势的地方移动【答案】A【解析】【详解】A沿着电场
5、线方向，电势一定越来越低，选项A正确；B电场强度为零的点，电势不一定为零，例如等量同种电荷连线的中点处，选项B错误；C电场强度处处相同的区域内，电势不一定处处相同，例如匀强电场，选项C错误；D只在电场力作用下，处于静止的正电荷一定从高电势的地方向低电势的地方移动，选项D错误。5. 今有甲、乙两个电阻，在相同时间内流过甲的电荷量是乙的2倍，甲、乙两端的电压之比为12，则甲、乙两个电阻阻值的比值为()A. 12B. 14C. 13D. 15【答案】B【解析】【分析】根据q=It求解电流之比，再根据欧姆定律求解电阻之比【详解】甲、乙两个电阻，在相同时间内流过甲的电荷量是乙的2倍，根据公式，甲、乙两个
6、电阻的电流之比为2：1，甲、乙两端的电压之比为1：2，根据欧姆定律公式，两个电阻之比为故应选：B【点睛】本题关键结合电流强度的定义公式和电阻的定义公式列式求解6. 关于电流的大小，下列说法正确的是()A. 通过导体的横截面的电量越多，电流越大B. 导体的横截面越大，电流越大C. 单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大D. 导体中的自由电荷越多，电流越大【答案】C【解析】【详解】根据可知，单位时间内通过导体的横截面的电量越多，电流越大；与导体的横截面积以及导体中的自由电荷多少无关，选项C正确，ABD错误。故选C。7. 某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为
7、q的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由电容的定义式C=Q/U得，板间电压为U=Q/C板间场强大小为E=U/d点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=故选A.8. 在两个固定电荷+q和q之间放入两个原来不带电的导体 1，2，3，4为导体上的四个点，达到静电平衡后，各点的电势分别是，正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到，由于正电荷在右边，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以越往右电势越高，所以，故 B正确，ACD错误二、多项选择题（本大题共6小题，每
8、小题4分，共24分。选对但不全得2分，有错选不得分。）9. 下列关于电源的说法正确的是()A. 电源是将其他形式的能转化为电能的装置B. 电源的作用是使电源的正、负极储存一定量的正、负电荷C. 与电源相连的导线中的电场是由电源正、负极上的电荷形成的D. 在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极【答案】AD【解析】分析】从能量转化的角度来分析电源的本质。【详解】A在电源内部其它形式的能转化为电能，在电源接入电路后外部电能转化为其他形式的能，比如干电池能把化学能转化为电能，故A正确；B电源的作用是使电源的正负极维持一定的电势差，其正负极并不能储存电荷，故B错误；C导线内的电场，是由电源
9、、导线等电路元件所积累的电荷共同形成的，故C错误；D正电荷的移动方向就是电流的方向，电路中电源内部正电荷由负极流向正极，这是电动势的方向，负电荷由正极流向负极，故D正确。故选AD。10. 由欧姆定律导出和，下列叙述中正确的是（）A. 由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B. 导体的电阻由导体本身的性质决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C. 对于确定的导体，其两端的电压和流过它的电流的比值等于它的电阻值D. 电流相同时，电阻越大，其电压降越大【答案】BCD【解析】【详解】AB导体电阻由导体材料、长度、横截面积等决定，与电压、电流无关，故A错误，B正确；C由可知，对某一导体来
10、说，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确；D根据可知，一定电流流过导体，电阻越大，两端电压越大，其电压降越大，故D正确。故选BCD。11. 如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带电，则下列判断正确的是（）A. 增大两极板间的距离，指针张角变大B. 将A板稍微上移，静电计指针张角变大C. 若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D. 若将A板拿走，则静电计指针张角变为零【答案】AB【解析】【分析】电势差U变大(小)，指针张角变大(小)。【详解】A增大两极板之间的距离，由电容的决定公式C知，电容C变小，电容器所带的电荷量Q一定，再由C得
11、，极板间电压U变大，静电计指针张角变大，A正确；B若将A板稍微上移时，正对面积S变小，由电容的决定式C=知，电容C也变小，电量Q不变，由C = 知，电压U变大，静电计指针张角变大，B正确；C若将玻璃板插入两极板之间时，由电容的决定式C=可知，电容C变大，电量Q不变，由C=知，电压 U变小，静电计指针张角变小，C错误；D若将A板拿走时，B板上带电量不变，静电计相当于验电器，指针张角不是零，D错误。故选AB。 12. 关于电动势E的说法中正确的是()A. 电动势E的大小，与非静电力所做功的W的大小成正比，与移送电荷量q的大小成反比B. 电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均无关C. 电
12、动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量D. 电动势E的单位与电势差的单位相同，故两者在本质上相同【答案】BC【解析】【详解】AB电动势是一个用比值定义的物理量，这个物理量与非静电力所做的功和移送电荷量q的大小没有关系，它是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均无关；故A错误，B正确CD电动势是表征其他形式的能转化为电能本领的物理量电动势和电势差尽管单位相同，但本质上是不相同的，故选项C正确， D错误13. 电阻之间可以串联和并联，下列说法正确的是()A. 一个电阻和一根无电阻的理想导线并联总电阻为零B. 并联电路任一支路电阻都小于电路的总电阻C. 并联电路任一支路电阻增大(其他
13、支路不变)，总电阻也增大D. 串联电路任一电阻增大(其他部分电阻不变)，总电阻一定增大【答案】ACD【解析】【详解】A由两电阻并联后电阻公式可知一个电阻和一段无电阻的理想导线并联总电阻为零，故A正确；B两电阻并联后相当于截面积变大，则并联电路任一支路电阻都大于电路的总电阻，故 B错误；CD并联电路任一支路电阻增大（其他支路不变），由总电阻可知总电阻增大，串联电路总电阻，因此一个支路增大总电阻也增大，故CD正确。故选ACD。14. 一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V，下列说法正确的是（）A. 电场强度的大小为2.5V/cm
14、B. 坐标原点处的电势为19VC. 电子在a点的电势能为1.61018JD. 坐标原点处的电势为1V【答案】ACD【解析】【详解】d点的电势为20V，作出等势线，垂直于等势线即为电场线的方向Acd的电势差为6V，在电场线上的投影为2.4cm，则电场强度 故A正确；BD由图可知，co为电场线方向，根据勾股定理， 故B错误，D正确；C电子在a点的电势能故C正确；故选ACD。三、填空题（本大题共4小题，每空2分，共20分。）15. 有一充电的平行板电容器，两板间电压为3V，现使它的电荷量减少310-4 C，于是电容器两极板间电压降为原来的 ，此电容器的电容是_F，电容器原来的带电荷量是_C【答案】
15、(1). 150 (2). 4.510-4【解析】【详解】12根据题意有 =1.510-4F=150F故Q=CU=1.510-43=4.510-4C16. 一个电流表的电阻RA为0.18 ，最大量程为10 A，刻度盘分为100个刻度现将其最大量程扩大为100 A，需_联一个_ 的电阻，此时刻度盘每个刻度表示_ A；新的电流表的内阻为_ .【答案】并0.0210.018【解析】试题分析：并联电阻由分流的作用，则将其最大量程扩大需并联一点阻，并联的电阻大小为：；由题可知此时刻度盘每个刻度表示1A；新的电流表的内阻为：考点：电表的改装点评：电流表、电压表的改装，实质上是电阻的串、并联问题，只要分清分
16、电流、总电流，分电压、总电压，应用欧姆定律就能解决17. 有四个电阻按右图方式连接，已知各电阻阻值分别为，则AC间的电阻_，AD间的电阻_。【答案】 (1). 7.5 (2). 6.67【解析】【详解】1AC间的电阻2AD间的电阻18. 做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验。(1)实验电路图已经画出了一部分，如图所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好；（ ）(2)按你连接的电路，S闭合后，要使小灯泡的亮度增加，变阻器的滑片P应向_（选填“A”或“B”）端移动。【答案】 (1). (2). B【解析】【详解】1 “测绘小灯泡的伏安特性曲线”需要从零开始测量，所以滑动变阻器选择分压式接法，故电路图
17、2要使灯泡亮度增加，即灯泡部分分压增大，所以滑片应该向B端移动。四、计算题（本大题共3小题，第19题8分，第20题10分，第21题14分，共32分。）19. 如图所示，长l1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角37.已知小球所带电荷量q1.0106C，匀强电场的场强E3.0103N/C，取重力加速度g10m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)小球所受电场力F的大小；(2)小球的质量m；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小【答案】(1)F=3.0103N(2)m=4.0104kg(3)v=2.0
18、m/s【解析】【详解】(1)根据电场力的计算公式可得电场力；(2)小球受力情况如图所示： 根据几何关系可得，所以；(3)电场撤去后小球运动过程中机械能守恒，则，解得v=2m/s20. 如图所示，离子发生器发射一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经P、Q两板间的加速电场加速后，以初速度v0再从a点沿ab方向进入一匀强电场区域，abcd所围成的正方形区域是该匀强电场的边界，已知ab长为L，匀强电场场强的方向与ad边平行且由a指向d。(不考虑离子重力)(1)求加速电压U0；(2)若离子恰好从c点飞离电场，求a、c两点间的电势差Uac。【答案】(1)；(2)【解析】【详解】(1)对离子，在P、Q两板
19、间的加速过程，根据动能定理有解得(2)设此时场强大小为E0，则ab方向有ad方向有而解得21. 如图所示，在E103 V/m的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道QPN与一水平绝缘轨道MN在N点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径R40 cm，N为半圆形轨道最低点，P为QN圆弧的中点，一带负电q104 C的小滑块质量m10 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.15，位于N点右侧1.5 m的M处，取g10 m/s2，求：(1)要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，则小滑块应以多大的初速度v0向左运动？(2)这样运动的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？【答案】（1）7m/s （2）0.6N【解析】【详解】（1）设滑块到达Q点时速度为v，则由牛顿第二定律得：mg+qEm，滑块从开始运动至到达Q点过程中，由动能定理得：mg2RqE2R（mg+qE）xmv2mv联立方程组，解得：v07m/s；（2）设滑块到达P点时速度为v，则从开始运动至到达P点过程中，由动能定理得：（mg+qE）R（qE+mg）xmv2mv又在P点时，由牛顿第二定律得：FNm，代入数据解得：FN0.6N，方向水平向右；【点睛】此题中滑块恰好通过最高点时轨道对滑块没有弹力，由牛顿定律求出临界速度，再根据动能定理和牛顿运定律结合求解小球对轨道的弹力
