1、四川省眉山市仁寿县第二中学2019-2020学年高二数学上学期12月月考试题 理（含解析）第卷（选择题）一、选择题（共12小题，每题5分）1.已知直线与平行，则（ ）A. 4B. 4C. 2D. 2【答案】A【解析】【分析】由两直线与平行，可得，由此列式求解值详解】直线与平行，即此时两直线不重合故选A【点睛】本题考查直线的一般式方程与直线平行的关系，两直线与平行，可得，是基础题2.已知空间中两点,则长为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据空间中的距离公式，准确计算，即可求解，得到答案【详解】由空间中的距离公式，可得，故选C【点睛】本题主要考查了空间中的距离公式，其中解答
2、中熟记空间中的距离公式，准确计算是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题3.曲线与曲线的（）A 长轴长相等B. 短轴长相等C. 焦距相等D. 离心率相等【答案】D【解析】【分析】首先将后面的曲线化简为标准形式，分别求两个曲线的几何性质，比较后得出选项.【详解】首先化简为标准方程，由方程形式可知，曲线的长轴长是8，短轴长是6，焦距是，离心率 ，的长轴长是，短轴长是，焦距是，离心率，所以离心率相等.故选D.【点睛】本题考查了椭圆的几何性质，属于基础题型.4.空间直角坐标系中，点关于点的对称点的坐标是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据中点坐标公式即可求出对称点的坐
3、标.【详解】设A关于M的对称点为，则由中点坐标公式知，解得，故,故选：D【点睛】本题主要考查了空间点的对称，中点坐标公式，属于容易题.5.函数的最小值为()A. 6B. 7C. 8D. 9【答案】C【解析】【分析】直接利用均值不等式得到答案.【详解】，时等号成立.故答案选C【点睛】本题考查了均值不等式，属于简单题.6.设等差数列的前项和为，若公差，则的值为( )A. 65B. 62C. 59D. 56【答案】A【解析】【分析】先求出，再利用等差数列的性质和求和公式可求.【详解】，所以，故选A.【点睛】一般地，如果为等差数列，为其前项和，则有性质：（1）若，则；（2） 且 ；（3）且为等差数列；
4、（4） 为等差数列.7.设直线 与直线的交点为,则到直线的距离最大值为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先求出的坐标，再求出直线所过的定点，则所求距离的最大值就是的长度.详解】由可以得到，故，直线的方程可整理为：，故直线过定点，因为到直线的距离，当且仅当时等号成立，故，故选A.【点睛】一般地，若直线和直线相交，那么动直线（）必过定点（该定点为的交点）.8.与圆关于直线对称的圆的方程为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】设所求圆圆心坐标为，列出方程组，求得圆心关于的对称点，即可求解所求圆的方程.【详解】由题意，圆的圆心坐标，设所求圆的圆心坐标为，则圆心关
5、于的对称点，满足，解得，即所求圆的圆心坐标为，且半径与圆相等，所以所求圆的方程为，故选A.【点睛】本题主要考查了圆的方程的求解，其中解答中熟记圆的方程，以及准确求解点关于直线的对称点的坐标是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.9.在中，则为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】利用正弦定理得到答案.【详解】根据正弦定理： 即： 答案选D【点睛】本题考查了正弦定理，意在考查学生的计算能力.10.如图，在正三棱柱中，底面边长为2，侧棱长为3，点是侧面的两条对角线的交点，则直线与底面所成角的正切值为（ ）A. B. C. D. 1【答案】C【解析】【分析】通过作DH垂
6、直BC，可知为直线与底面所成角，于是可求得答案.【详解】如图，过D作DH垂直BC于点H，连接DH，AH，于是DH垂直平面ABC，故为直线与底面所成角，而，,故，故选C.【点睛】本题主要考查线面角的相关计算，意在考查学生的转化能力，计算能力，难度一般.11.已知椭圆：与双曲线：有相同的焦点，点使两曲线的一个公共点，且，若椭圆离心率，则双曲线的离心率（ ）A. B. 2C. D. 3【答案】C【解析】【分析】设，由椭圆和双曲线的定义，解方程可得s，t，由余弦定理，可得a，m与c的关系，结合离心率公式，可得e1，e2的关系，计算可得所求值【详解】设，P为第一象限的交点，由椭圆和双曲线的定义可得，解得
7、，中，可得，即，可得，即，由，可得，故选：C【点睛】本题主要考查了椭圆和双曲线的定义和性质，主要是离心率，余弦定理，考查了化简整理的运算能力，属于中档题12.已知为抛物线的焦点，过作两条夹角为的直线，交抛物线于两点，交抛物线于两点，则的最大值为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】设直线的倾斜角为 ，则 的倾斜角为，由过焦点的弦长公式 ，可得 ， ，所以可得 ，的最大值为，故选D.第卷（非选择题）二、填空题（共4小题，每题5分）13.如图，长方体中， 与相交于点，则点的坐标为_【答案】【解析】【分析】易知是的中点，求出的坐标，根据中点坐标公式求解.【详解】可知，由中点坐标公式得的坐标
8、公式，即【点睛】本题考查空间直角坐标系和中点坐标公式，空间直角坐标的读取是易错点.14.若实数满足，则的最大值为_【答案】【解析】【分析】先根据约束条件画出可行域，再转化目标函数，把求目标函数的最值问题转化成求截距的最值问题，找到最优解代入求值即可【详解】解：由约束条件，画出可行域如图：目标函数z2x+y可化为：y2x+z得到一簇斜率为2，截距为z的平行线要求z的最大值，须满足截距最大当目标函数过点B时截距最大又x，y点B的坐标为（，）z的最大值为：2故答案为【点睛】本题考查线性规划，要求可行域要画准确，还需特别注意目标函数的斜率与边界直线的斜率的大小关系，即要注意目标函数与边界直线的倾斜程度
9、属简单题15.直线和将单位圆分成长度相等的四段弧，则_.【答案】0【解析】【分析】将单位圆分成长度相等的四段弧，每段弧对应的圆周角为，计算得到答案.【详解】如图所示：将单位圆分成长度相等的四段弧，每段弧对应的圆周角为 或故答案为0【点睛】本题考查了直线和圆相交问题，判断每段弧对应的圆周角为是解题的关键.16.已知椭圆：的左，右焦点分别为，焦距为，是椭圆上一点（不在坐标轴上），是的平分线与轴的交点，若，则椭圆离心率的范围是_【答案】【解析】【分析】由已知结合三角形内角平分线定理可得|PF1|2|PF2|，再由椭圆定义可得|PF2|，得到ac，从而得到e，再与椭圆离心率的范围取交集得答案【详解】，
10、是的角平分线，则，由，得，由，可得，由，椭圆离心率的范围是故答案为：【点睛】本题考查椭圆的简单性质，训练了角平分线定理的应用及椭圆定义的应用，是中档题三解答题（共6小题，第一题10分，其余各题12分）17.平面直角坐标系中，已知三个顶点的坐标分别为，求BC边上的高所在直线的方程；求的面积【答案】（1）；（2）3【解析】【分析】求出直线BC的斜率，结合直线垂直的性质求出高线的斜率即可求出点到直线的距离，以及底BC的距离，结合三角形的面积公式进行计算即可【详解】由题意，直线BC的斜率，则BC边上高的斜率，则过A的高的直线方程为，即，的方程为，点A到直线的距离，则三角形的面积【点睛】本题主要考查了三
11、角形高线的计算，以及三角形的面积的求解，其中解答中结合距离公式以及直线垂直的斜率关系是解决本题的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题18.如图，在三棱锥中，点，分别是，的中点，求证：平面；【答案】(1)见证明；(2)见证明【解析】【分析】（1）由中位线定理即可说明，由此证明平面；（2）首先证明平面，由线面垂直的性质即可证明【详解】证明：因为在中，点，分别是，的中点所以 又因平面,平面从而平面 因为点是的中点，且所以 又因,平面,平面,故平面因为平面所以【点睛】本题考查线面平行、线面垂直的判定以及线面垂直的性质，属于基础题19.某家具厂有方木料90，五合板600，准备加工成书桌和书橱出售.
12、已知生产第张书桌需要方木料O.l，五合板2，生产每个书橱而要方木料0.2，五合板1，出售一张方桌可获利润80元，出售一个书橱可获利润120元.（1）如果只安排生产书桌，可获利润多少？（2）怎样安排生产可使所得利润最大？【答案】(1) 只安排生产书桌，最多可生产300张书桌，获得利润24000元；(2) 生产书桌100张、书橱400个，可使所得利润最大【解析】【分析】（1）设只生产书桌x个，可获得利润z元，则，由此可得最大值；（2）设生产书桌x张，书橱y个，利润总额为z元则 ，由线性规划知识可求得的最大值即作可行域，作直线，平移此直线得最优解【详解】由题意可画表格如下：方木料（）五合板（）利润（
13、元）书桌（个）0.1280书橱（个）0.21120 (1)设只生产书桌x个，可获得利润z元，则， 所以当时，(元)，即如果只安排生产书桌，最多可生产300张书桌，获得利润24000元(2)设生产书桌x张，书橱y个，利润总额为z元则 ，在直角坐标平面内作出上面不等式组所表示的平面区域，即可行域作直线，即直线把直线l向右上方平移至的位置时，直线经过可行域上的点M，此时取得最大值由解得点M的坐标为.当，时，(元)因此，生产书桌100张、书橱400个，可使所得利润最大所以当，时，因此，生产书桌100张、书橱400个，可使所得利润最大【点睛】本题考查简单的线性规划的实际应用，解题时需根据已知条件设出变量
14、，列出二元一次不等式组表示的约束条件，列出目标函数，然后由解决线性规划的方法求最优解20.如图，在直三棱柱中，点是的中点（1）求异面直线与所成角的余弦值（2）求二面角的余弦值【答案】（1） （2）【解析】【分析】根据题意以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系（1）设异面直线与所成角为，利用公式求解（2）分别求出两个半平面的法向量，利用公式求解即可.【详解】（1）在直三棱柱中，点是的中点，以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系，设，则，设异面直线与所成角为，则.异面直线与所成角的余弦值为（2），设平面的法向量，则，取，得，平面的法向量，设二面角的平面角为，则二面角的余弦值为【点睛
15、】本题主要考查了建立空间直角坐标系，利用向量求异面直线所成角，二面角，属于中档题.21.在平面立角坐标系中，过点的圆的圆心在轴上，且与过原点倾斜角为的直线相切.(1)求圆的标准方程；(2)点在直线上，过点作圆切线、，切点分别为、，求经过、四点的圆所过的定点的坐标.【答案】（1）（2）经过、四点的圆所过定点的坐标为、【解析】【分析】(1)先算出直线方程，根据相切和过点，圆心在轴上联立方程解得答案.(2) 取线段的中点 ，经过、四点的圆是以线段为直径的圆，设点的坐标为，则点的坐标为，将圆方程表示出来，联立方程组解得答案.【详解】(1)由题意知，直线的方程为，整理为一般方程可得由圆的圆心在轴上，可设
16、圆的方程为，由题意有，解得：，故圆的标准方程为.(2)由圆的几何性质知，取线段的中点，由直角三角形的性质可知，故经过、四点的圆是以线段为直径的圆，设点的坐标为，则点的坐标为有则以为直径的圆的方程为：，整理为可得.令，解得或，故经过、四点的圆所过定点的坐标为、.【点睛】本题考查了圆的方程，切线问题，四点共圆，定点问题，综合性强，技巧性高，意在考查学生的综合应用能力.22.在平面直角坐标系中，已知椭圆：的离心率为，且过点（1）求椭圆的方程；（2）设点，点在轴上，过点的直线交椭圆交于，两点若直线的斜率为，且，求点的坐标；设直线，的斜率分别为，是否存在定点，使得恒成立？若存在，求出点坐标；若不存在，请
17、说明理由【答案】（1） （2） 存在，；【解析】【分析】（1）根据椭圆离心率及过点，建立方程组，求解即可（2）设直线的方程为：,联立椭圆方程，利用弦长公式即可求出m,得到点的坐标直线分斜率为0与不为0两种情况讨论，斜率为0时易得存在，斜率不为0时，联立直线与椭圆方程，利用恒成立，可化简知存在定点.【详解】（1）椭圆：的离心率为，且过点，椭圆的方程为：（2）设，设直线的方程为：，解得.当直线的斜率为0时，.由可得，解得，即.当直线的斜率不为0时，设直线的方程为由.，由可得，.，当时，上式恒成立，存在定点，使得恒成立【点睛】本题主要考查了椭圆的标准方程，简单几何性质，直线与椭圆的位置关系，定点问题，属于难题.
