1、温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。课时达标效果检测一、选择题1.若单摆的摆长不变,摆球的质量增加为原来的4倍,摆球经过平衡位置时的速度减小为原来的,则单摆摆动的()A.频率不变,振幅不变B.频率不变,振幅改变C.频率改变,振幅改变D.频率改变,振幅不变【解析】选B。单摆的周期和频率由摆长和当地的重力加速度决定,与摆球的质量和速度无关;另外利用机械能守恒定律可计算出,摆球经过平衡位置的速度变小了,则摆动的最大高度减小,振幅减小。【变式训练】发生下述哪一种情况时,单摆周期会增大()A.增大摆球质量B.缩短摆长
2、C.减小单摆振幅D.将单摆由山下移到山顶【解析】选D。由单摆的周期公式T=2可知,g减小时周期会变大。2.(多选)单摆是为研究振动而抽象出的理想化模型,其理想化条件是()A.摆线质量不计B.摆线长度不伸缩C.摆球的直径比摆线长度小得多D.只要是单摆的运动就是一种简谐运动【解析】选A、B、C。单摆由摆线和摆球组成,摆线只计长度不计质量,摆球只计质量不计大小,且摆线不伸缩,A、B、C三项正确。但把单摆作为简谐运动来处理是有条件的,只有在摆角很小(tA,所以A球先到达C点。4.(多选)同一地点的甲、乙两单摆(摆球质量相等)的振动图像如图所示,下列说法中错误的是()A.甲、乙两单摆的摆长相等B.甲摆的
3、机械能比乙摆小C.甲摆的最大速率比乙摆小D.在周期时振子具有正向加速度的是乙摆【解析】选B、C。由图像可知,甲、乙周期相同,又T=2,同一地点所以g相同,故摆长l相等,A项正确;由图像可知,甲、乙振幅相同,摆球质量相等,所以两摆的机械能相等,最大速率相等,B、C项错误;由图像可知,周期时甲摆处于平衡位置,乙摆处于负向最大位移处,故乙摆具有正向加速度,D项正确。5.用单摆测定重力加速度,根据的原理是()A.由g=看出,T一定时,g与l成正比B.由g=看出,l一定时,g与T2成反比C.由于单摆的振动周期T和摆长l可用实验测定,利用g=可算出当地的重力加速度D.同一地区单摆的周期不变,不同地区的重力
4、加速度与周期的平方成反比【解析】选C。g是由所处的地理位置的情况来决定的,与l及T无关,故只有C正确。二、非选择题6.(2014济南高二检测)图甲是一个单摆振动的情形,O是它的平衡位置,B、C是摆球所能到达的最远位置。设摆球向右方向运动为正方向。图乙是这个单摆的振动图像。根据图像回答:(1)单摆振动的频率是多大?(2)开始时刻摆球在何位置?(3)若当地的重力加速度为10m/s2,试求这个摆的摆长是多少。【解析】(1)由乙图知周期T=0.8s,则频率f=1.25Hz。(2)由乙图知,0时刻摆球在负向最大位移处,因向右为正方向,所以在B点。(3)由T=2得L=0.16m。答案:(1)1.25Hz(
5、2)B点(3)0.16m一、选择题1.单摆在振动过程中,当摆球的重力势能增大时,摆球的()A.位移一定减小B.回复力一定减小C.速度一定减小D.加速度一定减小【解题指南】解答本题应明确以下两点:(1)明确摆球的位移是相对于平衡位置而言的。(2)重力势能增大意味着摆球向远离平衡位置的方向摆动。【解析】选C。单摆在振动过程中,当摆球的重力势能增大时,摆球的位移变大,回复力变大,加速度变大,速度减小,C对。2.用空心铁球内部装满水做摆球,若球正下方有一小孔,水不断从孔中流出,从球内装满水到水流完为止的过程中,其振动周期的大小是()A.不变B.变大C.先变大后变小再回到原值D.先变小后变大再回到原值【
6、解析】选C。单摆的周期与摆球的质量无关,但当水从球中向外流出时,等效摆长是先变长后变短,因而周期先变大后变小再回到原值,故选项C正确。3.如图所示,三根细线在O点处打结,A、B端固定在同一水平面上相距为l的两点上,使AOB成直角三角形,BAO=30,已知OC线长是l,下端C点系着一个小球,下列说法正确的是(以下皆指小角度摆动)()A.让小球在纸面内振动,周期T=2B.让小球在垂直纸面内振动,周期T=2C.让小球在纸面内振动,周期T=2D.让小球在垂直纸面内振动,周期T=2【解析】选A。让小球在纸面内振动,在偏角很小时,单摆做简谐运动,摆长为l,周期T=2;让小球在垂直纸面内振动,在偏角很小时,
7、单摆做简谐运动,摆长为(l+l),周期T=。【总结提升】单摆模型及问题求解思路(1)单摆模型指符合单摆规律的运动模型。满足条件:圆弧运动;小角度摆动;回复力F=-kx。(2)首先确认符合单摆模型的条件,然后寻找等效摆长l及等效加速度g,最后利用公式T=2或简谐运动规律分析求解问题。二、非选择题4.(2014江苏高考)在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中,某同学准备好相关实验器材后,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度后释放,同时按下秒表开始计时,当单摆再次回到释放位置时停止计时,将记录的这段时间作为单摆的周期。以上操作中有不妥之处,请对其中两处加以改正。 。【解析】不妥之处有以下两点:应在摆球
8、通过平衡位置时开始计时;应测量单摆多次全振动的时间,再计算出周期的测量值。(或在单摆振动稳定后开始计时)答案:见解析5.(2013安徽高考)根据单摆周期公式T=2,可以通过实验测量当地的重力加速度。如图甲所示,将细线的上端固定在铁架台上,下端系一小钢球,就做成了单摆。(1)用游标卡尺测量小钢球直径,示数如图乙所示,读数为mm。(2)以下是实验过程中的一些做法,其中正确的有。a.摆线要选择细些的、伸缩性小些的,并且尽可能长一些b.摆球尽量选择质量大些、体积小些的c.为了使摆的周期大一些,以方便测量,开始时拉开摆球,使摆线相距平衡位置有较大的角度d.拉开摆球,使摆线偏离平衡位置不大于5,在释放摆球
9、的同时开始计时,当摆球回到开始位置时停止计时,此时间间隔t即为单摆周期Te.拉开摆球,使摆线偏离平衡位置不大于5,释放摆球,当摆球振动稳定后,从平衡位置开始计时,记下摆球做50次全振动所用的时间t,则单摆周期T=【解题指南】解答本题可按以下思路进行:(1)首先要理解游标卡尺的读数规则,主尺刻度+游标尺刻度(与主尺对齐的刻度);(2)掌握实验中的正确操作及减少实验误差的方法和做法。【解析】(1)(18+60.1)mm=18.6mm(2)摆线要选择细些的、伸缩性小些的,并且尽可能长一些,摆球尽量选择质量大些、体积小些的,都是为了更加符合单摆的构成条件,故a、b是正确的;摆线相距平衡位置的角度,以不
10、大于5为宜,故c是错误的;拉开摆球,使摆线偏离平衡位置不大于5,释放摆球,当摆球振动稳定后,从平衡位置开始计时,记下摆球做50次全振动所用的时间t,则单摆周期T=,故d错,e对。答案:(1)18.6(2)a、b、e6.天花板上O点悬挂一单摆,绳子长度为0.99l,质量分布均匀的实心小球质量为m,直径为0.02l,O点正下方0.1l处有一钉子P,如图所示,现将单摆向左拉开一个小角度,并由静止释放,小球左右摆动过程中,偏角始终都小于5,重力加速度为g。求:(1)单摆的振动周期;(2)小球从左摆到最低点时,绳子对小球的拉力大小。【解析】(1)摆长为OA的单摆周期T1=2摆长为PB的单摆周期T2=2由
11、题意得l1=ll2=0.9l单摆的振动周期T=解得T=(1+)。(2)从静止释放到最低点,由机械能守恒得mv2=mgl(1-cos)在最低点FT-mg=解得FT=mg(3-2cos)。答案:(1)(1+)(2)mg(3-2cos)7.几个登山运动员登上一座地图上没有标明高度的山峰,他们只带了一些轻质细绳子、钢卷尺、可当作停表用的手表,山顶上还有形状不规则的石子和矮树,他们知道地球半径为R0,海平面处的重力加速度为g0。请根据以上条件,为他们设计测量山峰海拔高度的方法。(1)写出操作步骤和需要直接测量的物理量(物理量用字母符号表示)。(2)推导出用以上直接测出的物理量表示山峰海拔高度的计算式(要
12、求写出推导过程)。【解析】(1)用细绳和石子做一个单摆悬挂在树上,用钢卷尺量出摆绳长L1,用手表测出摆动周期T1,改变摆绳长至L2,测出摆动周期T2。(2)由(1)得山顶的重力加速度g=。因为地面的重力加速度g0=,山顶的重力加速度g=,由上述两式可得h=-R0。答案:见解析【变式训练】两个等长的单摆,第一个放在地面上,另一个放在高空,当第一个单摆振动n次的同时,第二个单摆振动(n-1)次。如果地球半径为R,那么第二个单摆离地面的高度为多大?【解析】设第二个单摆离地面的高度为h,则距地心距离为(R+h),设此处重力加速度为g,地表处重力加速度为g,则:=又由T=2得:=即=由解得h=。答案:关闭Word文档返回原板块
