1、14如图所示，质量为m的小车在与竖直方向成角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向左运动一段距离L在此过程中，小车受到的阻力大小恒为f，则下列说法正确的是A拉力对小车做功为FLcosB支持力对小车做功FLsinC阻力对小车做功fLsinD小车动能的改变量小于拉力所做的功15一位质量为m的同学从下蹲状态向上跳起，经t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为，已知重力加速度为g，在此过程中地面对他的支持力的冲量为Amv+mgtBmvmgtCmvDmgt16如图所示，是美国的“卡西尼”号探测器经过长达7年的“艰苦”旅行，进入绕土星飞行的轨道若“卡西尼”号探测器在半径为R的土星上空离土星表面高h的圆形轨道上绕土
2、星飞行，环绕一周飞行时间为T，已知引力常量为G，则下列关于土星质量M和平均密度的表达式正确的是ABCD17如图所示，一倾角为的粗糙斜面放在水平地面上，细绳跨过定滑轮的两边系着两个物体A和B，整个装置处于静止状态现用一个水平向右的拉力F作用在物体B上，将B缓慢拉起到某一位置，整个过程中A、C均始终保持静止，在这个过程中，下列说法正确的是A水平拉力F不断变小B斜面对A的支持力不断减小C地面对C的摩擦力保持不变D地面对C的摩擦力变大18一个面积S=410-2m2、匝数n=100匝的线圈放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则下列判断正确的是A在开始的2s内穿
3、过线圈的磁通量变化率大小等于0.04Wb/sB在幵始的2s内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C在开始的2s内线圈中产生的感应电动势大小等于8VD在第3s末线圈中的感应电动势等于零 第18题图 第19题图19甲与乙赛跑的位移时间图象如图所示，Xm为赛程的总位移，为甲的x-t图象，为乙的x-t图象，下面描述正确的是A甲做的是匀加速直线运动B甲与乙在比赛过程中，相遇过二次C甲先到达终点Dt3时刻甲和乙的速度相等20如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，垂直纸面放置，均通有大小相等的电流I，L1、L2中电流方向垂直纸面向里，L3中电流方向垂直纸面外下列说法错误的是AL1、L2在L3处
4、产生的合磁感应强度方向与L1、L2连线垂直BL2、L3在L1处产生的合磁感应强度方向与L2、L3连线垂直CL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为DL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为 第20题图 第21题图21如图所示，长为L、倾角=30的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为+q、质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则A小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能BA、B两点间的电势差一定为C若电场是匀强电场，则该电场的场强值可能是D若该电场是AC边中点处的点电荷Q产生的，则Q可能是负电荷三、非选择题：包括必考题和选
5、考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答第33题第40题为选考题，考生根据要求做答（一）必考题（11题，共129分）22（6分）某中学有一实验小组对一电流计进行改装已知电流计的内阻是150，满偏电流是1mA，则电流计的满偏电压为 V，若将它改装成量程为3V的电压表，则应 （填“串”或“并”）联一个阻值为 的电阻23（9分）物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz开始实验时，
6、在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点 （1）滑块做匀加速运动过程中托盘受到细线的拉力 （填“小于”、“等于”或“大于”）托盘及砝码的总重力（2）如图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示根据图中数据计算的加速度a （保留三位有效数字）（3）为测量动摩擦因数，还需要测量出滑块的质量m2 与托盘和砝码的总质量m3，则滑块与木板间的动摩擦因数 （用m2、m3、a、重力加速度g表示），与真实值相比，测量的动摩擦因数 （填“偏大”或“偏小”）24（12分）如图所示，一
7、竖直平面内斜面与粗糙的水平桌面平滑连接（即物块经过时没有能量损失），滑块B静止在斜面底端现将滑块A从斜面顶端无初速度释放，已知斜面高H = 0.33 m，与水平面之间的夹角为 = 37，A和B的质量相同，A与斜面、桌面，B与桌面之间的动摩擦因数均为0.2滑块A、B可视为质点，取g=10 m/s2 （1）求A在斜面上运动的加速度以及运动到斜面底端前一瞬间的速度大小；（2）若A在斜面底端与B发生弹性正碰，求B物体在桌面上运动的最大距离L 25(20分)如图所示，平面直角坐标系xOy上有P、Q两点，P点在x轴上，2L，Q点在y轴负半轴上某处第象限内有平行于y轴方向向y轴负向的匀强电场，第象限内有一圆
8、形区域，与x、y轴分别相切于A、C两点，L，第象限内有一未知的矩形区域（图中未画出），圆形区域和矩形区域内均有相同的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面（图中未画出）电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的a粒子束从A点沿y轴正方向发射，先后经过C点和P点；另一速度大小为v0，电荷量为q、质量为m的粒子束b从Q点沿与y轴正方向成45角射入第象限，而后进入未知矩形磁场区域，离开该区域后与从P点射出的a粒子束发生正碰，即相碰时两束粒子速度在同一直线上不计粒子的重力和粒子间相互作用力求：（1）圆形区域内磁场感应强度B的大小、方向；（2）第象限内匀强电场的场强大小E；（3）矩形区域的最小面积S 33【物
9、理选修3-3】（1）（5分）关于热现象和热学规律，下列说法正确的是 (填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A布朗运动表明了构成悬浮微粒的分子在做无规则运动B两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0（r0为平衡位置时分子间距）的过程中，分子间的引力和斥力都在减小C物体的内能变化时，它的温度一定改变D封闭气体对容器壁的压强是由于气体分子对容器壁的碰撞引起的E晶体熔化过程中，晶体分子平均动能不变，晶体分子势能总和增加（2）（10分）如图所示，一个内壁光滑、导热性能良好的汽缸放在水平桌面上开口向上质量与厚度均不计、导热性能良好的活塞横截面积为S=
10、210-3m2，与汽缸底部之间封闭了一定质量的理想气体，此时活塞与汽缸底部之间的距离h=24cm汽缸所处环境的温度为300K，大气压强p0=1.0105Pa，取g=10m/s2现将质量为m=4kg的物块放在活塞中央位置上，活塞下移，求稳定后：气体的压强；缓慢加热气体使活塞回到原位置,此过程中气体吸收了20J热量，求其内能增加量 34【物理选修3-4】（1）（5分）如图所示，一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，实线表示t =0时刻的波形图，虚线是t = 0.5s时刻的波形图，已知该列波的周期T 1s，下列说法正确的是 (填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，
11、最低得分为0分)A质点的振动周期一定是2.0sB该波的波速可能是20m/sCt=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上Dt=1.0s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰E在00.5s时间内，x = 3m处的质点运动的路程为5cm（2）（10分）如图所示为边长L的等边玻璃三棱镜，某单色光束射到界面AB中点上，入射角为i1=45，玻璃对单色光的折射率为n=不考虑光在界面AC上的反射，已知该单色光在真空中传播的速度为c，求：单色光在玻璃中传播的时间t；从界面AC出射的光线与入射到界面AB上的光线的夹角 物理部分 1415161718192021DACDCBCADBC14D 解析：A.根据做功方程可知，拉
12、力做功为：，A错误；B.支持力始终与位移垂直，所以不做功，B错误；C.阻力对小车做功为-fL，C错误；D.由动能定理：-0，D正确。15A 解析：人的速度原来为零，起跳后变化v，以向上为正方向，由动量定理可得：I-mgt=mv-0，故A相符。16C 解析：设“卡西尼”号的质量为m，土星的质量为M，“卡西尼”号围绕土星的中心做匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供，G=m(R+h)，解得M=又土星体积V=R3，所以=17D 解析：A、缓慢改变绳的方向至的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置，设细线与竖直方向的夹角为，对物体受力分析，如图所示：根据平衡条件，拉力：Fmgtan，可见水平拉力F
13、逐渐增大；绳子的拉力：T，故绳子的拉力也是逐渐增加；故A错误；B、物体A受细线的拉力、重力、支持力和静摩擦力（可能为零），根据平衡条件，有：NmAgcos。故支持力不变，故B错误；C、以斜面和A、B整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面受地面的摩擦力与水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，fFmgtan，是逐渐增大；故C错误；D正确18C 解析：A.由图像的斜率可知，在开始的2s内，因此，故A错误；B.在开始的2s内穿过线圈的磁通量的变化量不等于零，故B错误；C.根据法拉第电磁感应定律得，可知线圈中产生的感应电动势的大小为8V，故C正确；D.由题图看出，第3s末线圈中的磁通量为零，但磁
14、通量的变化率不为零，感应电动势不等于零，故D错误.19BC 解析：位移图象倾斜的直线表示匀速直线运动，故甲做匀速直线运动，故A错误；相遇时位移相等，故相遇过二次，故B正确；由图象知，t5时刻甲已经到达终点，但乙没到达，所以C正确；斜率表示速度，故t3时刻甲和乙的速度不相等，故D错误20AD A. ，A错误；B. ，B正确；CD、L1、L3通电导线在L2处的合磁场大小与L2、L3通电导线在L1处的合磁场相等，设各自通电导线在其他两点的磁场大小为B，那么L1、L2和L3三处磁场之比为B：B： B1：1：，故C正确，D错误；故选：AD。21BC 解析：A小球从A运动到B的过程中，动能不变，根据能量守
15、恒可得，小球的重力势能增加，则电势能减少，则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能，B点的电势小于A点的电势，故A错误；B根据动能定理得，可得，故B正确；C若电场是匀强电场，电场力恒定，到达B点时小球速度仍为v0，故小球做匀速直线运动，电场力与重力、支持力的合力为零，则当电场力沿斜面向上，且大小为= mg/2时，电场力最小，场强最小；场强的最大值不能确定。故C正确；D若该电场是AC边中点处的点电荷Q产生的，Q到A点的距离小于到B点的距离，由于B点的电势小于A点的电势，则Q一定是正电荷，故D不正确 220.15，串，2850（每空2分）解析：Ug=IgR=0.15V，改装成电压表要串联电阻
16、分压，串阻值为RRg285023.（1）小于（2分）（2）0.496m/s2（2分） （3）（2分） 偏大（3分）解析：（1）小于（2）运用逐差法有：a1；a2；a3则有：其中T5T00.1s，代入数据解得：a=0.496m/s2（3）以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：m3gf（m2+m3）a，滑动摩擦力：fm2g，解得：，由牛顿第二定律列方程的过程中，考虑了木块和木板之间的摩擦，但没有考虑打点计时器给纸带的阻力、细线和滑轮间、以及空气等阻力，因此导致摩擦因数的测量值偏大24解：（1）对A受力分析如图，设滑块A质量为m，由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma (2分)解得a=4.4m
17、/s2 （1分）设A到达斜面底端时速度为，由运动学公式得： （2分）解得 （1分）（2）由动量守恒定律得： (1分)由机械能守恒定律得： (1分)得 (1分)B物块最终停下，由动能定理得 (1分)解得 （2分）25解：（1）粒子电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点，说明在A点时磁场力向右，根据左手定则，磁场方向垂直向外；画出从A到C的轨迹，如图所示：结合几何关系，有：rL (1分)粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故：qv0B (2分)联立解得： (1分)方向垂直纸面向外 (1分)（2）粒子从C到P过程是类似平抛运动，根据分运动公式，有：2Lv
18、0t (2分) (2分)其中： (1分)联立解得： (2分)（3）对粒子a在P点有： (1分)vy=at (1分)解得速度与x轴的夹角=45 (1分)带负电荷的粒子b在磁场中做匀速圆周运动，经过矩形区域后速度偏转角为90，洛伦兹力提供向心力，故： (1分)解得： (1分)轨迹如图：磁场区域对应的最小宽度：磁场区域对应的最小长度： (1分)故最小面积为： (1分)33.（1）BDE解析：A. 布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，表明液体分子在做无规则运动，选项A错误；B. 两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0（r0为平衡位置时分子间距）的过程中，分子间的引力和斥力都在减小，选项B正确；C. 物体的
19、内能与物体的温度、体积等都有关系，则当物体的内能变化时，它的温度不一定改变，选项C错误；D. 封闭气体对容器壁的压强是由于气体分子对容器壁的碰撞引起的，选项D正确；E. 晶体熔化过程中吸收热量，但是温度不变，晶体分子平均动能不变，晶体分子势能总和增加，选项E正确；（2）解：气体的压强： (2分) p=1.2105Pa (1分)由气体的等温变化方程可知：，即 (2分)解得 (1分)缓慢加热气体使活塞回到原位置，则气体对外做功： (1分)则外界对气体做的功为W=-9.6J (1分)则气体的内能增加 (2分)34(1)ACD解析：B.0.5s内波向右传播的距离为：x=2(m)，则波速，选项B错误；A
20、.周期为（n=0、1、2、3.），由于，则质点的振动周期一定是2s，选项A正确；C. 波向右传播，根据“逆向爬坡法”可知，t=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上，选项C正确；D. 由波形图可知，t=0.5s时刻，在x=2m处的波峰恰能传到x=6m处，则此时x=6m处的质点恰好位于波峰，选项D正确；E. 则在00.5s时间内，x = 3m处的质点振动了T/4，运动的路程不一定为A=5cm，选项E错误.(2) 解：设在界面AB上，折射角为r1由折射定律得 (1分) 有 r1=300 (1分)由几何关系可知，光在玻璃中的折射光线与底边BC水平，其光程 (1分)光在玻璃中的传播速度为 (1分)则光在玻璃中传播的时间 (2分)设在界面AC上，入射角为i2，折射角为r2由几何关系可知 i2=300 (1分)由折射定律得 (1分)有 r2=450 (1分) = i1r1+ r2i2=300 (1分)
