1、高考模拟试题精编(九)(时间：60分钟满分：110分)第卷(选择题共48分)选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14题只有一项符合题目要求，第58题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹质点从M点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等下列说法中正确的是()A质点从M点到N过程中速度大小保持不变B质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同C质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同D质点在MN间的运动不是匀变速运动2如
2、图所示，重80 N的物体A放在倾角为30的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm、劲度系数为1 000 N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，在另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为25 N，当弹簧的长度仍为8 cm时，测力计读数不可能为()A10 NB20 NC40 N D60 N3如图所示，一倾角为30的光滑斜面固定于水平面上，匀强磁场垂直于斜面，匀强电场沿斜面向上并垂直于斜面底边，一质量为m、带电荷量为q的小球以速度v在斜面上做半径为R的匀速圆周运动，则()A小球带负电B匀强磁场的磁感应强度大小BC匀强电场的场强大小ED小球在运动
3、过程中机械能守恒4如图所示是汽车匀加速启动并最终达到最大速度vm30 m/s的v t图象，其中t010 s(对应的速度为v020 m/s)，0t0的图线是直线下列对图象的认识正确的是()A汽车匀加速过程的加速度为2 m/s2B汽车t0时刻之后的加速度逐渐增大C汽车在该过程的平均速度等于15 m/sD汽车在该过程的平均速度小于15 m/s5某国际天文研究小组观测到了一组双星系统，它们绕二者连线上的某点做匀速圆周运动，双星系统中质量较小的星体能“吸食”质量较大的星体的表面物质，达到质量转移的目的根据大爆炸宇宙学可知，双星间的距离在缓慢增大，假设星体的轨道近似为圆，则在该过程中()A双星做圆周运动的
4、角速度不断减小B双星做圆周运动的角速度不断增大C质量较大的星体做圆周运动的轨道半径减小D质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大6如图所示，一匀强电场的电场线平行于xOy平面，电场强度大小为E，xOy平面上有一椭圆，椭圆的长轴在x轴上，E、F两点为椭圆的两个焦点，AB是椭圆的短轴，椭圆的一端过O点，则下列说法正确的是()A在椭圆上，O、C两点间电势差一定最大B在椭圆上，A、B两点间电势差可能最大C一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功可能为零D一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同7图为某住宅区的应急供电系统，它由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降
5、压变压器组成发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度匀速转动矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下滑动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是()A若发电机线圈某时刻处于图示位置，则变压器原线圈的电流瞬时值最大B发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为eNBSsin tC当用电量增加时，为使用户电压保持不变，滑动触头P向上滑动D当滑动触头P向下滑动时，变压器原线圈两端的电压将升高8如图所示，倾角为的光滑斜面足够长，一质量为m的小物体，在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从斜面底
6、端沿斜面向上做匀加速直线运动，经过时间t，力F做功为60 J，此后撤去力F，物体又经过相同的时间t回到斜面底端，若以地面为零势能参考面，则下列说法中正确的是()A物体回到斜面底端的动能为60 JB恒力F2mgsin C撤去力F时，物体的重力势能是45 JD动能与势能相等的时刻一定出现在撤去力F之后第卷(非选择题共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生都必须做答第1314题为选考题，考生根据要求做答(一)必考题(共47分)9(6分)将轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，向左推小球，使弹簧压缩
7、一段距离后由静止释放；小球离开桌面后落到水平地面测量出小球质量m、平抛运动的竖直位移h(即桌面高度)以及_，就可以测出弹簧被压缩后的弹性势能为_(结果用测量量表示，已知重力加速度大小为g)10(9分)现有一刻度盘总共有N个小格且刻度均匀、量程未准确确定的电压表V1，已知其量程在1316 V之间，内阻R1150 k.为测定其准确量程U1，实验室提供了如下表所列的器材，要求方法简洁，尽可能减小误差，并能测出多组数据.器材(代号)规格标准电压表V2量程3 V，内阻R230 k电流表A量程3 A，内阻R30.01 滑动变阻器R总阻值1 k稳恒电源E20 V，内阻很小开关S、导线若干(1)某同学设计了如
8、图所示的甲、乙、丙三种电路图你认为选择_(填“甲”“乙”或“丙”)电路图测量效果最好(2)根据测量效果最好的那个电路图，将下列有关器材连接成测量电路(3)若选择测量数据中的一组来计算V1的量程U1，则所用的表达式U1_，式中各符号表示的物理量是：_.11(14分)如图所示，质量为M的导体棒ab的电阻为r，水平放在相距为l的竖直光滑金属导轨上导轨平面处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向外的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板导轨上方与一可变电阻R连接，导轨电阻不计，导体棒与导轨始终接触良好重力加速度为g.(1)调节可变电阻的阻值为R13r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，将带
9、电量为q的微粒沿金属板间的中心线水平射入金属板间，恰好能匀速通过求棒下滑的速率v和带电微粒的质量m.(2)改变可变电阻的阻值为R24r，同样在导体棒沿导轨匀速下滑时，将该微粒沿原来的中心线水平射入金属板间，若微粒最后碰到金属板并被吸收求微粒在金属板间运动的时间t.12(18分)如图所示，光滑水平面上一质量为M、长为L的木板右端靠竖直墙壁质量为m的小滑块(可视为质点)以水平速度v0滑上木板的左端，滑到木板的右端时速度恰好为零(1)求小滑块与木板间的摩擦力大小；(2)现小滑块仍以水平速度v0从木板的右端向左滑动，求小滑块在木板上的滑行距离(二)选考题(共15分请考生从给出的2道题中任选一题做答如果
10、多做，则按所做的第一题计分)13物理选修33(15分)(1)(5分)以下说法正确的是_(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A某物质的密度为，其分子的体积为V0，分子的质量为m，则B在装满水的玻璃杯内，可以不断地轻轻投放一定数量的大头针，水也不会流出，这是由于大头针填充了水分子间的空隙C在油膜法粗测分子直径的实验中，把油分子看成球形，是物理学中的一个理想化模型，因为分子并不真的是球形D物质是由大量分子组成的，在这里的分子是组成物质的分子、原子、离子的统称E玻璃管道裂口放在火上烧熔，它的尖端就变圆，是因为熔化的玻璃在表面张力的作用下，表面要收缩到最小的
11、缘故(2)(10分)如图所示，用面积为S的活塞在汽缸内封闭着一定质量的空气，活塞上放一砝码，活塞和砝码的总质量为m.现对汽缸缓缓加热，使汽缸内的空气温度从T1升高到T2，空气柱的高度增加了L，已知加热时气体吸收的热量为Q，外界大气压强为p0.求：此过程中被封闭气体的内能变化了多少？汽缸内温度为T1时，气柱的长度为多少？14物理选修34(15分)(1)(5分)沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图如图所示，其波速为200 m/s，下列说法中正确的是_(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A图示时刻质点b的速度方向沿y轴负方向B图示时刻质点a的加
12、速度为零C图示时刻质点a的速度为零D若此波遇到另一简谐波并发生稳定干涉现象，则该波所遇到的波的频率为50 HzE若该波发生明显的衍射现象，该波所遇到的障碍物或孔的尺寸一定比4 m大得多(2)(10分)如图所示，用折射率n的玻璃制成30角的三棱镜截面平行光线由AB面入射，从BC面射出时光线与BC面垂直，则斜射到AB面上光线的入射角是多少？斜射到AB面上的光束，不能从BC面上射出的那部分光束占AB边长的多少？高考模拟试题精编(九)1解析：选B.因为弧长MP大于弧长PN，且质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等，所以速度大小一定发生变化，A错误在恒力作用下，任意相等时间内的速度变化量都是大
13、小相等、方向相同的，运动一定是匀变速运动，B正确，C、D错误2解析：选D.由胡克定律知弹簧弹力F0kx20 N对物体受力分析，由平衡条件可知：当物体所受摩擦力沿斜面向下且达到最大静摩擦力时测力计的示数最大：FmaxGsin 30FfmaxF045 N，D不可能；由于不施加拉力时物体处于静止状态，所需摩擦力满足FfF0Gsin 30，即FfGsin 30F020 NFfmax，则测力计的示数最小可为0，答案为D.3解析：选B.小球在斜面上做匀速圆周运动，有Eqmgsin 30，解得E，且小球带正电，选项A、C错误；由qvBm，解得B，选项B正确；由于电场力对小球做功，故小球的机械能不守恒，选项D
14、错误4解析：选A.由题图可知，汽车先做匀加速运动，加速度大小为a 2 m/s2，t0时刻后做加速度逐渐减小的加速运动，A对，B错；若汽车由静止开始匀加速运动到速度为vm，则平均速度为15 m/s，而该汽车的实际运动不是匀加速运动，其平均速度不等于15 m/s，根据vt图线与坐标轴所围面积表示位移，可推知其平均速度大于15 m/s，C、D错5解析：选AD.双星系统中的双星是由相互间的万有引力来提供各自所需向心力的，故两星运转的角速度一定相同，由mr2MR2及rRL可得，故两星间距离L增大时角速度减小，故A正确，B错误还可解得r、R，可见在m增大、M减小、L增大的情况下，r变化情况不能确定，R增大
15、，故C错误，D正确6解析：选BCD.由于匀强电场方向平行于坐标平面，当电场方向平行于y轴时，O、C间的电势差为零，A、B间的电势差最大，B项正确，A项错误；如果电场方向平行于y轴，则E、F两点电势相等，则一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功为零，C项正确；由于O、A连线平行于B、C连线，且长度相等，因此在匀强电场中，O、A间的电势差和B、C间的电势差相等，一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同，D项正确7解析：选AC.发电机线圈平面某时刻处于平行于磁感线位置时，磁通量为0，但磁通量变化率最大，即变压器原线圈的电流瞬时值最大，选项A正确；从线圈平
16、面与磁场平行时开始计时，发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为eNBScos t，选项B错误；当用电量增加时，总功率增大，原、副线圈中的电流均增大，R0两端的电压增大，为使用户电压保持不变，副线圈的输出电压要增大，由可知，需增大n2，即滑动触头P应向上滑动，选项C正确；当滑动触头P向下滑动时，变压器原线圈两端的电压不变，副线圈两端的电压降低，选项D错误8解析：选ACD.设第一个时间t内加速度大小为a1、第二个时间t内加速度大小为a2，由于两段时间内位移等值反向，故有：a1t2可得a23a1，再由牛顿第二定律有：Fmgsin ma1、mgsin ma2，故Fmgsin ，B错误；从整个过程考虑；重
17、力做功为0、支持力不做功、只有F做功，故由动能定理可判定A正确；在第一个t内，物体克服重力做功WGmgxsin ，力F做功WFFxmgxsin ，故WGmgxsin WF45 J，C正确；由于在第一阶段开始运动后的任意时间内，合力做功W合(Fmgsin )xmgxsin 总小于克服重力所做的功WGmgxsin 3W合，由动能定理可知此阶段内增加的动能一定小于增加的重力势能，力F撤去前一定没有动能与重力势能相等的时刻，故D正确9解析：根据平抛运动规律求小球抛出时的动能动能Ekmv，根据平抛运动规律有：hgt2，sv0t，可得：Ek.答案：球抛出点到落地点的水平距离s(3分)(3分)10解析：(1
18、)从原理上说，因被测电压表的内阻已知，测其满偏电压时可用电压表直接测其两端电压，也可测通过电压表的电流计算出电压，主要问题是考虑电压的匹配给定的电压表V2量程太小，不宜直接测电压；被测电压表的满偏电流约为0.1 mA，而电流表A的量程为3 A，故也不能用电流表A直接测电流，但电压表V2的内阻已知，满偏电流为0.1 mA，故将V2作为电流表测电流，因此电路选用乙图(3)由N1R1，可得U1U2.答案：(1)乙(2分)(2)如图所示(3分)(3)U2(2分)N：电压表V1的总格数，N1：电压表V1指针的偏转格数，U2：电压表V2的读数，R1：待测电压表的内阻，R2：电压表V2的内阻(2分)11解析
19、：(1)棒匀速下滑，有IBlMg(1分)回路中的电流I(2分)将R13r代入棒下滑的速率v(2分)金属板间的电压UIR1(1分)带电微粒在板间匀速运动，有mgq(1分)联立解得带电微粒的质量m(2分)(2)导体棒沿导轨匀速下滑，回路电流保持不变，金属板间的电压UIR2(1分)电压增大使微粒射入后向上偏转，有qmgma(1分)at2(1分)联立解得微粒在金属板间运动的时间t(2分)答案：见解析12解析：(1)对物块根据动能定理得FfL0mv(4分)解得Ff(4分)(2)对物块与木板组成的系统，设两者最后的共同速度为v1，根据动量守恒定律得mv0(Mm)v1(4分)设小滑块相对木板滑行的距离为d，
20、根据能量守恒定律得Ffd(4分)联立得d(2分)答案：(1)(2)13解析：(1)物质的密度是宏观量，而分子体积、质量是微观量，物质密度是宏观的质量与体积的比值，A项错误；在装满水的玻璃杯内，可以轻轻投放一定数量的大头针，而水不会流出是由于表面张力的作用，B项错误；实际上，分子有着复杂的内部结构，并不是理想的球形，C项正确；物理学中的分子是指分子、原子、离子等的统称，D项正确；玻璃管断裂口放在火焰上烧熔后，成了液态，由于表面张力使得它的尖端变圆，E项正确(2)对汽缸加热过程中，气体压强不变，气体吸收热量且对外做功，利用平衡知识求出气体压强，再计算出该过程气体对外做的功，最后利用热力学第一定律即
21、可求出气体内能的变化；气体变化的过程，压强始终不变，找出两个状态的体积和温度，利用盖吕萨克定律可求出气柱的长度. 对活塞和砝码有mgp0SpS，得pp0(2分)气体对外做功WpSL(p0Smg)L(1分)由热力学第一定律WQU(1分)得UQ(p0Smg)L(1分)由盖吕萨克定律有(2分)即(2分)解得L(1分)答案：(1)CDE(2)Q(p0Smg)L14解析：(1)根据“上坡下，下坡上”可知b点处在上坡，故b点向下振动，A项正确；质点a在最大位移处，故加速度最大，速度为零，B项错误，C项正确；由波形图可知该波的波长为4 m，故该波的周期T0.02 s，频率为50 Hz，发生干涉的条件是两列波的频率相同，故该波所遇到的波的频率为50 Hz，D项正确；发生明显衍射的条件是障碍物或孔的尺寸比波长小或相差不多，因此障碍物小于4 m，能发生明显的衍射现象，E项错误(2)要使光线从BC面射出时光线与BC面垂直，那么在三棱镜中的入射光线也必与BC面垂直，这样的入射光线只有经AC面全反射才能获得，如图所示此时，903060(1分)r30(1分)根据光的折射定律得n(2分)i45(1分)斜射到AB面上的光束，并能从BC面上射出的那部分光束的边界如图，其中射向AO段的能从BC面垂直射出，OB段则不能(2分)ABBC(1分)OBBC(1分)OBAB(1分)答案：(1)ACD(2)45AB
