1、广东省佛山市南海区西樵高中2014-2015学年高二上学期第一次段考物理试卷（理科）一、单项选择题：本题包括10小题，每小题3分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求多选、错选均不得分1电风扇的扇叶上很容易积累灰尘，这主要是因为( )A灰尘的自然堆积B电风扇工作时，扇叶有220V较高电压而吸附灰尘C电风扇工作时，扇叶与空气摩擦产生较高温度而吸附灰尘D电风扇工作时，扇叶与空气摩擦产生静电而吸咐灰尘2首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是( )A奥斯特B法拉第C特斯拉D安培3如图是某一点电荷的电场线分布图下列表述正确的是( )Aa点的电势高于b点的电势B该点电荷带正电Ca点和
2、b点电场强度的方向相同Da点的电场强度大于b点的电场强度4下列各图中标出了匀强磁场中通电直导线受安培力的方向，正确的是( )ABCD5将一粗细均匀的电阻为2的导体，均匀地拉长到原来的两倍，则导体的电阻变为( )A1B4C8D26如图所示，在一水平向右的匀强电场中，E=2N/C，A、B两点距离为2m，AB连线与电场线夹角为30，则A、B两点的电势差UAB为( )A4VB2VC2VD1V7下列关于磁场和磁感线的描述，正确的是( )A磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场B磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极C沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D磁感线只能表示磁场的方向，不能表示磁场的强弱8如图所示电路中，电
3、源电动势为E，内电阻为r，在平行板电容器C中恰好有一带电粒子处于悬空静止状态，当变阻器R0的滑动端向左移动时，带电粒子将( )A向上运动B向下运动C静止不动D不能确定运动状态的变化9某同学按图所示电路连接实物，闭合开关后，发现灯泡不亮他将高内阻的电压表并联在A、C之间时，电压表的读数为U，当并联在A、B之间时，电压表的读数也为U，当并联在B、C之间时，电压表的读数为0，则故障可能是( )AAB段断路BBC段断路CAB段短路D无法判定10如图所示为一未知电路，现测得两个端点a，b之间的电阻为R，若在a、b之间加上电压U，测得通过电路的电流为I，则该未知电路的电功率一定是为( )AI2RBCUID
4、UII2R二、双项选择题：本题包括8小题，每小题4分，共32分每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求全选对得4分，只选1个且正确得2分，错选、不选得0分11下列关于电场的叙述中正确的是( )A以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强大小都相等B正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大C取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点电场的方向不一定相同12关于电阻率的说法，正确的是( )A电阻率与导体的长度L和横截面积S有关B电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体材料决定，与温度有关C电阻率越大的导体，电阻也越大D导体材料的电阻率都是随温度升
5、高而增大13如图，带电体在电场中受到电场力F的作用，正确的是( )ABCD14如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化 的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定( )A小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而增大C欧姆定律对小灯泡不适用D若将该灯泡与电压恒为4V的电源相接，则灯泡电阻为1015如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r在滑动变阻器R1的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中( )A电路中的总电流变大B路端电压变大C通过电阻R2的电流变小D通过滑动变阻器R1的电流变小16如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同的电阻丝
6、的伏安特性曲线，下列判断中正确的是( )A图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比Ba电阻丝的阻值大于b电阻丝的阻值Ca代表的电阻丝较粗Db代表的电阻丝较粗17如图所示，当平行板电容器C充电后把电键S断开设电容器电压为U，电量为Q现只将电容器两板的正对面积减小，则( )AQ变大BQ不变CU变大DU变小18用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的UI图象，由图可知( )A电池电动势的测量值是1.40VB电池内阻的测量值是3.50C外电路发生短路时的电流为0.40AD电压表的示数为1.20V时电流表的示数I为0.20A三、实验题：（共18分）19用已调零且选择旋钮指向欧
7、姆挡“10”位置的多用电表测某电阻阻值，根据图所示的表盘，被测电阻阻值为_20在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5实验室备有下列实验器材：A电压表 （量程3V，内阻约为15k） B电压表（量程15V，内阻约为75k）C电流表 （量程3A，内阻约为0.2） D电流表（量程600mA，内阻约为1）E滑动变阻器R1（010，0.6A） F滑动变阻器R2（02 000，0.1A）G电池E（电动势为3V，内阻约为0.3） H开关S，导线若干为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材中电压表为_电流表为_滑动变阻器为_（填题干中相应英文字母符号）为了减小实验误差，应选用
8、图中_（填“（a）”、“（b）”或“（c）”）为该实验的电路图21在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路（1）按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来（2）在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端（选填“A”或“B”）（3）图丙是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E=_ V，内阻r=_四、计算题（共2小题，共20分）22用一个额定电压为12V的灯泡做实验，测得灯丝电阻随灯泡两端电压变化关系图象如图所示（1）在正常发光条件下，灯泡的电功率为多大？（2）将一定值电阻与灯泡串联后接到21V电压上，要使灯泡能正常发光，串联的电
9、阻为多大？23如图所示，直流电动机和电炉并联后接在直流电路上，电源的内阻r=1，电炉的电阻R1=19，电动机绕线的电阻R2=2，当开关S断开时，电源内电路消耗的热功率P=25W；当S闭合时，干路中的电流I=12.6A求：（1）电源的电动势E（2）S闭合后电动机的输出功率广东省佛山市南海区西樵高中2014-2015学年高二上学期第一次段考物理试卷（理科）一、单项选择题：本题包括10小题，每小题3分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求多选、错选均不得分1电风扇的扇叶上很容易积累灰尘，这主要是因为( )A灰尘的自然堆积B电风扇工作时，扇叶有220V较高电压而吸附灰尘C电风扇工作
10、时，扇叶与空气摩擦产生较高温度而吸附灰尘D电风扇工作时，扇叶与空气摩擦产生静电而吸咐灰尘考点：* 静电的利用和防止 专题：电场力与电势的性质专题分析：不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸引轻小物体的性质解答：解：扇叶和空气摩擦产生静电，扇叶和空气带有异种电荷，扇叶带电后吸引轻小的灰尘，所以灰尘被吸在扇叶上故选：D点评：本题是摩擦起电的运用问题，要掌握摩擦起电的原因、带电体能够吸引轻小物体，属于基础题2首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是( )A奥斯特B法拉第C特斯拉D安培考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答
11、：解：首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是奥斯特，故选：A点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一3如图是某一点电荷的电场线分布图下列表述正确的是( )Aa点的电势高于b点的电势B该点电荷带正电Ca点和b点电场强度的方向相同Da点的电场强度大于b点的电场强度考点：电场线；电场强度 分析：利用电场线的特点分析即可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低解答：解：A、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电
12、场线方向电势降低，则知a点电势低于b点电势，故A错误B、根据电场线的方向特点，可知该点电荷带负电，故B错误C、由题图可看出a点和b点电场强度的方向不同，故C错误D、电场线越密的地方电场强度越大，则a点的电场强度大于b点的电场强度，故D正确故选：D点评：熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键4下列各图中标出了匀强磁场中通电直导线受安培力的方向，正确的是( )ABCD考点：安培力；左手定则 分析：左手定则：左手平展，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内；把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，四指指向电流所指方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向解答：解
13、：根据左手定值可知，A图中的安培力应该垂直磁感线竖直向下；B中不受安培力；C中垂直电流向下；D中安培力垂直于导线斜向下故选：C点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度5将一粗细均匀的电阻为2的导体，均匀地拉长到原来的两倍，则导体的电阻变为( )A1B4C8D2考点：电阻定律 专题：恒定电流专题分析：在电阻丝温度不变的条件下，电阻的影响因素是材料、长度、横截面积，当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变解答：解：当导体的长度拉长到原来的2倍时，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的；而导体的电阻与长度成正比，与横截面积成
14、反比，所以此时导体的电阻变为原来的4倍，故导体电阻为42=8；故选：C点评：本题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比6如图所示，在一水平向右的匀强电场中，E=2N/C，A、B两点距离为2m，AB连线与电场线夹角为30，则A、B两点的电势差UAB为( )A4VB2VC2VD1V考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U解答：解：A、B两点的电势差为：UAB=Ed=ELcos30=2=2v则B正确，ACD错误故选：B点评：本题首先要想到匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，其次
15、要正确理解d的含义：为两点沿电场方向的距离7下列关于磁场和磁感线的描述，正确的是( )A磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场B磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极C沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D磁感线只能表示磁场的方向，不能表示磁场的强弱考点：磁现象和磁场；磁感线及用磁感线描述磁场 分析：根据麦克斯韦电磁场理论：变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场磁感线是描述磁场分布而假想的；磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向；磁感线是闭合曲线，磁体外部磁感线是从N极到S极，而内部是从S极到N极；解答：解：A、变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场故A正确；B、磁感线分布特点：在
16、磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极故B错误C、磁感线的疏密程度表示磁场的强弱，并不是沿磁感线方向，磁场逐渐减弱，故C错误；D、可以用磁感线的疏密程度表示磁场的强弱，磁感线上任意一点的切线方向表示该点的磁场的方向，故D错误；故选：A点评：本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁场的性质由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质8如图所示电路中，电源电动势为E，内电阻为r，在平行板电容器C中恰好有一带电粒子处于悬空静止状态，当变阻器R0的滑动端向左移动时，带电粒子将( )A向上运动B向下运动C静止不动D
17、不能确定运动状态的变化考点：电容；闭合电路的欧姆定律 专题：电容器专题分析：根据变阻器R0的滑动端向左移动电阻变大，判断电流变化，从而知道R两端的电压变化，再根据等容的定义式判断场强的变化，最后知道粒子的运动情况解答：解：带电粒子处于悬空静止状态，说明mg=qE；当变阻器R0的滑动端向左移动时，电阻变大电流减小，R两端的电压减小，由C=知，Q减小，两板间的场强减小，mgqE，粒子将向下运动，B正确故选B点评：本题是个电容器的动态分析，要先根据局部的变化分析整体的变化，再到整体和局部的变化去分析9某同学按图所示电路连接实物，闭合开关后，发现灯泡不亮他将高内阻的电压表并联在A、C之间时，电压表的读
18、数为U，当并联在A、B之间时，电压表的读数也为U，当并联在B、C之间时，电压表的读数为0，则故障可能是( )AAB段断路BBC段断路CAB段短路D无法判定考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：闭合开关，发现电灯不亮，说明电路中有断路电压表并联在A、C之间时，电压表的读数为U，说明电源没有故障根据电压表并联在A、B与B、C之间时的读数，分析故障的原因解答：解：A、若AB段断路时，电路中电流为零，根据欧姆定律可知，灯L的电压为零，A、B两端的电压等于电源两端的电压U，与题干提供的信息相符故A正确B、若BC段断路时，电路中电流为零，根据欧姆定律可知，电阻R的电压为零，BC两端的电压等于电
19、源两端的电压U，与题干提供的信息不相符故B错误C、若AB段短路时，电路中电流增大，电灯变亮，与题信息不符故C错误D、由上可知D错误故选：A点评：本题是电路故障分析问题，利用电压表测量各部分电压，往往哪段电路的电压等于电源的电压，这段电路发生断路故障10如图所示为一未知电路，现测得两个端点a，b之间的电阻为R，若在a、b之间加上电压U，测得通过电路的电流为I，则该未知电路的电功率一定是为( )AI2RBCUIDUII2R考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：黑箱中是一个未知电学元件，可能是纯电阻元件，也可能是非纯电阻元件，电功率只能用P=UI求解答：解：A、当黑箱中是一个纯电阻元件时，电功
20、率可以用P=I2R求，若是非纯电阻元件，则电功率PI2R故A错误B、当黑箱中是一个纯电阻元件时，电功率可以用P=求，若是非纯电阻元件，欧姆定律不成立，没有这个公式故B错误C、无论是黑箱中是一个纯电阻元件，还是非纯电阻元件，都能用P=UI求电功率故C正确D、P=UII2R可以求其他的功率，不能用来求电功率故D错误故选：C点评：本题考查对功率公式P=UI适用条件的理解P=UI适用于一切电路二、双项选择题：本题包括8小题，每小题4分，共32分每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求全选对得4分，只选1个且正确得2分，错选、不选得0分11下列关于电场的叙述中正确的是( )A以点电荷为圆心，r为半
21、径的球面上，各点的场强大小都相等B正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大C取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点电场的方向不一定相同考点：电场强度；点电荷的场强 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度是描述电场强弱的物理量，它是由电荷所受电场力与其电量的比值来定义比值与电场力及电量均无关而电场线越密的地方，电场强度越强解答：解：A、点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的电场强度大小相同，但方向不同，故A正确；B、正电荷周围的电场强度不一定比负电荷周围的电场强度强，除与各自电荷量外，还与电荷的距离有关故B错误；C、在电场中某点放入试探电荷q，该点
22、的场强为E=，取走q后，没有了电场力，但该点的电场强度仍不变，故C错误；D、正电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点电场的方向一定相同，负电荷正好相反故D正确；故选：AD点评：电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系例如：质量与体积的比值定义为密度当质量变大时，体积变大，而比值却不变电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向12关于电阻率的说法，正确的是( )A电阻率与导体的长度L和横截面积S有关B电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体材料决定，与温度有关C电阻率越大的导体，电阻也越大D导体材料的电阻率都是随温度升高而增大考点：电阻率与温度的关系 专题：恒定电流专
23、题分析：电阻率是导体本身的特性，由导体的材料决定，往往随温度变化而变化，而与导体的长度、横截面积无关有些合金的电阻率受温度影响很小，往往制成准确电阻由电阻定律R= 可知电阻与导体的长度、横截面积和电阻率三个因素有关解答：解：A、电阻率与导体的长度、横截面积无关故A错误 B、电阻率是导体本身的特性，由导体的材料决定，往往随温度变化而变化故B正确 C、由电阻定律R= 可知电阻与导体的长度、横截面积和电阻率三个因素有关则电阻率大的导体，电阻不一定大故C错误 D、有些合金的电阻率受温度影响很小，往往制成准确电阻故D错误故选：B点评：本题考查对电阻率的理解能力抓住电阻率与导体的材料和温度两个因素有关，与
24、其他因素无关13如图，带电体在电场中受到电场力F的作用，正确的是( )ABCD考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线切线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反解答：解：A、电场线的方向就是电场强度的方向，电场强度的方向向右，正电荷受到电场力方向向右故A正确B、电场强度的方向向右，负电荷受到电场力方向与电场强度方向相反，即向左故B错误C、电场强度方向向下，正电荷受到电场力方向向下，故C正确D、电场强度方向向下，正电荷受到电场力方向向上，故D错误故选AC点评：把握了电场线的特点和正电荷所受电场力的方向与该点场强
25、的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反即可顺利解决此题14如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化 的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定( )A小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而增大C欧姆定律对小灯泡不适用D若将该灯泡与电压恒为4V的电源相接，则灯泡电阻为10考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据图象的规律可得出灯泡电阻的变化，欧姆定律适用于金属导体，由图象可得出电压恒为4V时，流过小灯泡的电流，再根据欧姆定律求解电阻解答：解：A、由图可知，图中电流随电压的增大而增大，每一点的斜率表示该点电阻的倒数，故可知小灯泡的电
26、阻随电压的增大而增大，故A错误；B、因导线的形状没有发生变化，故说明随电压的升高电阻率增大，而随电压增大，温度是升高的，所以小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而增大，故B正确； C、虽然小灯泡的伏安特性曲线不是直线，原因是电阻率随温度增大而发生了变化，灯丝仍然为金属导体，欧姆定律同样适用，故C错误；D、若将该灯泡与电压恒为4V的电源相接，由图可知对应的电流为0.4A，则电阻R=，故D正确； 故选：BD点评：本题中要注意小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故不能直接应用欧姆定律求电流，但欧姆定律同样对灯泡是成立的15如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r在滑动变阻器R1的滑动触片P从图示位置
27、向下滑动的过程中( )A电路中的总电流变大B路端电压变大C通过电阻R2的电流变小D通过滑动变阻器R1的电流变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流和路端电压的变化，分析通过电阻R2的电流变化，再判断通过滑动变阻器R1的电流的变化解答：解：A、在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大故A正确B、路端电压U=EIr，I变大，E、r不变，则U变小故B错误C、路端电压U变小，通过电阻R2的电流变小故C正确D
28、、总电流变大，通过电阻R2的电流变小，所以通过滑动变阻器R1的电流必定变大故D错误故选AC点评：本题也可以利用结论进行判断：变阻器电阻变小，路端电压必定变小，其所在电路电流必定增大，所并联的电路电压变小16如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同的电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是( )A图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比Ba电阻丝的阻值大于b电阻丝的阻值Ca代表的电阻丝较粗Db代表的电阻丝较粗考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：IU图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小根据电阻定律R=比较电阻丝的粗细解答：解：A、电阻的大小与电压、电流无关，故A错误；B、图线
29、的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律R=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大，BD正确，C错误；故选：BD点评：解决本题的关键会从IU图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律R=17如图所示，当平行板电容器C充电后把电键S断开设电容器电压为U，电量为Q现只将电容器两板的正对面积减小，则( )AQ变大BQ不变CU变大DU变小考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：根据C=判断电容的变化，电容与电源断开，电荷量不变，根据Q=CU判断电势差的变化解答：解：根据C=知，正对面积减小，则电容减小，电容与电源断开，则电荷量Q不变，根
30、据Q=CU知，电势差U增大故B、C正确，A、D错误故选BC点评：解决本题的关键知道电容器与电源相连，则电势差不变，与电源断开，电荷量不变，根据电容的决定式和定义式进行判断18用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的UI图象，由图可知( )A电池电动势的测量值是1.40VB电池内阻的测量值是3.50C外电路发生短路时的电流为0.40AD电压表的示数为1.20V时电流表的示数I为0.20A考点：闭合电路的欧姆定律 专题：实验题；恒定电流专题分析：由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1V时的电流，由闭合电路欧姆定律可得出内电阻解答：解：A、由
31、图示图象可知，电源UI图象与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势测量值为1.40V，故A正确；B、电源内阻等于图象斜率的大小，为 r=1，故B错误；C、由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，可知外电路发生短路时的电流为 I短=1.4A，故C错误；D、当电压表示数为1.20V时，I=0.20A，故D正确；故选：AD点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的数据处理，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流三、实验题：（共18分）19用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“10”位置的多用电表测某电阻阻值，根据图所示的表盘，被测电阻阻值为220
32、考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，由图示表盘读出其示数解答：解：选择旋钮指向欧姆挡“10”位置，由图示可知，被测电阻阻值为：2210=220；故答案为：220点评：本题考查了欧姆表读数，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，对欧姆表读数时，视线要与刻度线垂直20在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5实验室备有下列实验器材：A电压表 （量程3V，内阻约为15k） B电压表（量程15V，内阻约为75k）C电流表 （量程3A，内阻约为0.2） D电流表（量程600mA，内阻约为1）E滑动变阻器R1（010，0.6A） F滑动
33、变阻器R2（02 000，0.1A）G电池E（电动势为3V，内阻约为0.3） H开关S，导线若干为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材中电压表为A电流表为D滑动变阻器为E（填题干中相应英文字母符号）为了减小实验误差，应选用图中（b）（填“（a）”、“（b）”或“（c）”）为该实验的电路图考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）根据电源电动势选择电压表，由欧姆定律求出电路最大电流，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器（2）根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表采用内接法还是外接法，然后选择实验电路解答：解：（1）伏安法测电阻，需要：G、
34、电池E（电动势为3V，内阻约为0.3），H、开关S，导线若干；电源电动势是3V，因此电压表可选：A、电压表V1（量程3V，内阻约为15K），电路最大电流约为：I=0.6A=600mA，如果选用量程是3A的电流表，电流表指针偏转角度不到电表刻度的三分之一，为提高实验精度，电流表可选：D电流表A2（量程600mA，内阻约为1）；为方便实验操作，滑动变阻器应选：E、变阻器R1（010，0.6A）；即需要的实验器材有：A、D、E；（2）=3000，=5，电流表应选择外接法，因待测金属导线的电阻Rx约为5，则滑动变阻器采用限流式，因此实验电路应选b故答案为：、A，D，E；、（b）点评：本题考查了实验器材
35、的选取、实验电路的选择、连接实物电路图；要掌握实验器材的选取原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作；确定电流表的接法是正确解题的关键21在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路（1）按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来（2）在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于B端（选填“A”或“B”）（3）图丙是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E=1.50 V，内阻r=1考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）由原理图将电流表与滑动变阻器串联，将电压表并联在电滑动变阻器及电流表两端，注意开关应能控制
36、整个电路；（2）滑动变阻器在开始时应调节到使电路中电流最小的位置；（3）由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻及短路电流解答：解：（1）由原理图可知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端，由原理图连接实物图所示；（2）为保证实验安全，在开始时电路中电流应为最小值，故滑动变阻器应接入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入部分为左半部分；故滑片应接到B端；（3）由UI图可知，电源的电动势E=1.50V；当路端电压为1V时，电流为0.5A，则由闭合电路欧姆定律可知：r=1；故答案为：（1）如图所示；（2）B；（3）1.50；1；点评：本题考查
37、实物图的连接、数据的处理等内容，要求能正确理解电路的接法及实验安全性的要求，并能正确根据图象得出电动势和内电阻四、计算题（共2小题，共20分）22用一个额定电压为12V的灯泡做实验，测得灯丝电阻随灯泡两端电压变化关系图象如图所示（1）在正常发光条件下，灯泡的电功率为多大？（2）将一定值电阻与灯泡串联后接到21V电压上，要使灯泡能正常发光，串联的电阻为多大？考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：（1）由图读出电压为12V时电阻，求出在正常发光时，灯泡的电功率（2）求出正常发光时流过灯泡的电流，由欧姆定律求出串联的电阻解答：解：（1）正常发光时U=12V，由图读出R=8则：P=18W（2）灯
38、泡正常发光时，流过灯泡的电流为：I=所以串联的电阻为：R串=6答：（1）在正常发光时，灯泡的电功率为18W；（2）串联的电阻约为6点评：本题考查基本的读图能力对于金属电阻与温度的关系要记牢，与半导体的区别要抓住23如图所示，直流电动机和电炉并联后接在直流电路上，电源的内阻r=1，电炉的电阻R1=19，电动机绕线的电阻R2=2，当开关S断开时，电源内电路消耗的热功率P=25W；当S闭合时，干路中的电流I=12.6A求：（1）电源的电动势E（2）S闭合后电动机的输出功率考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：（1）S断开时，电阻R1直接接到电源上，根据P=I2r即可求解干路电流，再根据闭合电路欧姆定律即可求解电动势；（2）S闭合后，根据闭合电路欧姆定律求出路端电压，根据串并联电路的电流关系求出通过电动机的电流，再根据P=UII2R2求出输出功率解答：解：（1）S断开时，电路中电流记为，则P=I2r解得：，电源电动势为E=I（R1+r）=100V；（2）S闭合后路端电压记为U，则U=EIr=87.4V通过电动机的电流记为I，则电动机的输出功率记为P，则P=UII2R2=571.2W答：（1）电源的电动势E为100V（2）S闭合后电动机的输出功率为571.2W点评：本题考查处理非纯电阻电路问题的能力对于电动机正常时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立
