1、第1节基本立体图形、简单几何体的表面积与体积考试要求1.利用实物、计算机软件等观察空间图形，认识柱、锥、台、球及简单组合体的结构特征，能运用这些特征描述现实生活中简单物体的结构.2.知道球、棱(圆)柱、棱(圆)锥、棱(圆)台的表面积和体积的计算公式，能用公式解决简单的实际问题.3.能用斜二测画法画出简单空间图形(长方体、球、圆柱、圆锥、棱柱及其简单组合体)的直观图.1.空间几何体的结构特征(1)多面体的结构特征名称棱柱棱锥棱台图形底面互相平行且全等多边形互相平行且相似侧棱平行且相等相交于一点，但不一定相等延长线交于一点侧面形状平行四边形三角形梯形(2)旋转体的结构特征名称圆柱圆锥圆台球图形母线
2、互相平行且相等，垂直于底面相交于一点延长线交于一点轴截面矩形等腰三角形等腰梯形圆面侧面展开图矩形扇形扇环2.直观图(1)画法：常用斜二测画法.(2)规则：原图形中x轴、y轴、z轴两两垂直，直观图中，x轴、y轴的夹角为45(或135)，z轴与x轴、y轴所在平面垂直.原图形中平行于坐标轴的线段，直观图中仍分别平行于坐标轴.平行于x轴和z轴的线段在直观图中保持原长度不变，平行于y轴的线段长度在直观图中变为原来的一半.3.圆柱、圆锥、圆台的侧面展开图及侧面积公式圆柱圆锥圆台侧面展开图侧面积公式S圆柱侧2rlS圆锥侧rlS圆台侧(r1r2)l4.柱、锥、台、球的表面积和体积名称几何体表面积体积柱体(棱柱
3、和圆柱)S表面积S侧2S底VSh锥体(棱锥和圆锥)S表面积S侧S底VSh台体(棱台和圆台)S表面积S侧S上S下V(S上S下)h球S4R2VR31.正方体与球的切、接常用结论：正方体的棱长为a，球的半径为R，(1)若球为正方体的外接球，则2Ra；(2)若球为正方体的内切球，则2Ra；(3)若球与正方体的各棱相切，则2Ra.2.长方体的共顶点的三条棱长分别为a，b，c，外接球的半径为R，则2R.3.正四面体的外接球的半径Ra，内切球的半径ra，其半径Rr31(a为该正四面体的棱长).4.直观图与原平面图形面积间关系S直观图S原图形.1.思考辨析(在括号内打“”或“”)(1)有两个面平行，其余各面都
4、是平行四边形的几何体是棱柱.()(2)有一个面是多边形，其余各面都是三角形的几何体是棱锥.()(3)菱形的直观图仍是菱形.()(4)两个球的体积之比等于它们的半径比的平方.()答案(1)(2)(3)(4)解析(1)反例：由两个平行六面体上下组合在一起的图形满足条件，但不是棱柱.(2)反例：如图所示的图形满足条件但不是棱锥.(3)用斜二测画法画水平放置的菱形的直观图是平行四边形，但邻边不一定相等，(3)错误.(4)球的体积之比等于半径比的立方，故不正确.2.(2021新高考卷)已知圆锥的底面半径为，其侧面展开图为一个半圆，则该圆锥的母线长为()A.2 B.2 C.4 D.4答案B解析设圆锥的母线
5、长为l，因为该圆锥的底面半径为，侧面展开图为一个半圆，所以2l，解得l2.3.(2021益阳调考)如图，一个水平放置的平面图形的直观图是一个底角为45的等腰梯形，已知直观图OABC的面积为4，则该平面图形的面积为()A. B.4 C.8 D.2答案C解析由S原图形2S直观图，得S原图形248.4.体积为8的正方体的顶点都在同一球面上，则该球的表面积为()A.12 B. C.8 D.4答案A解析由题意可知正方体的棱长为2，其体对角线为2即为球的直径，所以球的表面积为4R2(2R)212.5.(多选)(2022青岛一模)下列说法中正确的是()A.各个面都是三角形的几何体是三棱锥B.过球面上任意两点
6、可作球的一个大圆或无数个大圆C.三棱锥的四个面都可以是直角三角形D.梯形的直观图可以是平行四边形答案BC解析对于A，如两个同底的三棱锥构成的六面体，不是三棱锥，故错误；对于B，球面上任意两点与球心共线时，可以作球的无数个大圆，与球心不共线时，可以作球的一个大圆，故正确；对于C，一条侧棱垂直于底面直角三角形的一个锐角顶点的三棱锥满足题意，故正确；对于D，作直观图时，平行于x轴的线段长度不变，平行于y轴的线段长度减半，故错误.6.(2021北京卷)对24小时内降水在平地上的积水厚度(mm)进行如下定义：0101025255050100小雨中雨大雨暴雨小明用一个圆锥形容器接了24小时的雨水，则这一天
7、的雨水属于哪个等级()A.小雨 B.中雨 C.大雨 D.暴雨答案B解析由相似关系可得，雨水形成的小圆锥的底面半径r50(mm)，故V小圆锥502150503(mm3)，从而可得积水厚度h12.5(mm)，属于中雨.考点一基本立体图形角度1空间几何体的结构特征例1 (1)(多选)(2021潍坊调研)下面关于空间几何体的叙述正确的是()A.底面是正多边形的棱锥是正棱锥B.用平面截圆柱得到的截面只能是圆和矩形C.长方体是直平行六面体D.存在每个面都是直角三角形的四面体答案CD解析A中，当顶点在底面的投影是正多边形的中心才是正棱锥，不正确；B中，当平面与圆柱的母线平行或垂直时，截得的截面才为矩形或圆，
8、否则为椭圆或椭圆的一部分，B不正确；C正确；D正确，如图，正方体ABCDA1B1C1D1中的三棱锥C1ABC，四个面都是直角三角形.(2)(多选)给出下列四个命题，不正确的是()A.有两个侧面是矩形的立体图形是直棱柱B.侧面都是等腰三角形的棱锥是正棱锥C.侧面都是矩形的直四棱柱是长方体D.底面为正多边形，且有相邻两个侧面与底面垂直的棱柱是正棱柱答案ABC解析对于A，平行六面体的两个相对侧面也可能是矩形，故A错；对于B，等腰三角形的腰不是侧棱时不一定成立(如图)，故B错；对于C，若底面不是矩形，则C错；对于D，可知侧棱垂直于底面，故D正确.综上，命题ABC不正确.感悟提升空间几何体结构特征的判断
9、技巧(1)紧扣结构特征是判断的关键，熟悉空间几何体的结构特征，依据条件构建几何模型，在条件不变的情况下，变换模型中的线面关系或增加线、面等基本元素，然后再依据题意判定.(2)通过反例对结构特征进行辨析，即要说明一个命题是错误的，只要举出一个反例即可.角度2直观图例2 一个平面四边形的斜二测画法的直观图是一个边长为a的正方形，则原平面四边形的面积等于()A.a2 B.2a2 C.a2 D.a2答案B解析根据斜二测画法画平面图形的直观图的规则可知，在x轴上(或与x轴平行)的线段，其长度保持不变；在y轴上(或与y轴平行)的线段，其长度变为原来的一半，且xOy45(或135)，所以若设原平面图形的面积
10、为S，则其直观图的面积为SSS.可以提出一个平面图形的面积S与它的直观图的面积S之间的关系是SS，本题中直观图的面积为a2，所以原平面四边形的面积S2a2.感悟提升(1)在斜二测画法中，要确定关键点及关键线段.“平行于x轴的线段平行性不变，长度不变；平行于y轴的线段平行性不变，长度减半.”(2)按照斜二测画法得到的平面图形的直观图，其面积与原图形的面积的关系：S直观图S原图形.角度3展开图例3 如图，一立在水平地面上的圆锥形物体的母线长为4 m，一只小虫从圆锥的底面圆上的点P出发，绕圆锥表面爬行一周后回到点P处.若该小虫爬行的最短路程为4 m，则圆锥底面圆的半径等于_ m.答案解析圆锥顶点记为
11、O，把圆锥侧面沿母线OP展开成如图所示的扇形，由题意OP4，PP4，则cos POP，又POP为POP一内角，所以POP.设底面圆的半径为r，则2r4，所以r.感悟提升几何体的表面展开图可以有不同的形状，应多实践，观察并大胆想象立体图形与表面展开图的关系，一定先观察立体图形的每一个面的形状.训练1 (1)给出下列命题：在圆柱的上、下底面的圆周上各取一点，则这两点的连线是圆柱的母线；直角三角形绕其任一边所在直线旋转一周所形成的几何体都是圆锥；棱台的上、下底面可以不相似，但侧棱长一定相等.其中正确命题的个数是()A.0 B.1 C.2 D.3答案A解析不一定，只有当这两点的连线平行于轴时才是母线；
12、不一定，当以斜边所在直线为旋转轴时，其余两边旋转一周形成的面所围成的几何体不是圆锥，如图所示，它是由两个同底圆锥组成的几何体；错误，棱台的上、下底面相似且是对应边平行的多边形，各侧棱延长线交于一点，但是侧棱长不一定相等.(2)(2020浙江卷)已知圆锥的侧面积(单位：cm2)为2，且它的侧面展开图是一个半圆，则这个圆锥的底面半径(单位：cm)是_.答案1解析如图，设圆锥的母线长为l，底面半径为r，则圆锥的侧面积S侧rl2，即rl2.由于侧面展开图为半圆，可知l22，可得l2，因此r1.(3)已知等腰梯形ABCD，上底CD1，腰ADCB，下底AB3，以下底所在直线为x轴，则由斜二测画法画出的直观
13、图ABCD的面积为_.答案解析如图(1)和(2)的实际图形和直观图所示.因为OE1，由斜二测画法可知OE，EF，DC1，AB3，则直观图ABCD的面积S.考点二表面积与体积角度1表面积和侧面积例4 (1)(多选)已知正四棱锥的侧面与底面所成的锐二面角为，若30，侧棱长为，则()A.正四棱锥的底面边长为6B.正四棱锥的底面边长为3C.正四棱锥的侧面积为24D.正四棱锥的侧面积为12答案AC解析如图，在正四棱锥SABCD中，O为正方形ABCD的中心，SHAB，设底面边长为2a(a0)，因为SHO30，所以OHa，OSa，SHa，在RtSAH中，a221，所以a3，底面边长为6，侧面积为S62424
14、.故选AC.(2)(2022重庆诊断)已知圆锥的顶点为A，过母线AB，AC的截面面积是2.若AB，AC的夹角是60，且AC与圆锥底面所成的角是30，则该圆锥的表面积为_.答案(64)解析如图所示，AB，AC的夹角是60，ABAC，ABC是等边三角形，AC22，解得AC2.AC与圆锥底面所成的角是30，圆锥底面半径rOCACcos 302.则该圆锥的表面积()222(64).角度2体积例5 (1)(2020新高考全国卷)棱长为2的正方体ABCDA1B1C1D1中，M，N分别为棱BB1，AB的中点，则三棱锥A1D1MN的体积为_.答案1解析如图，由正方体棱长为2及M，N分别为BB1，AB的中点，得
15、SA1MN2222111，又易知D1A1为三棱锥D1A1MN的高，且D1A12，VA1D1MNVD1A1MNSA1MND1A121.(2)如图，在多面体ABCDEF中，已知四边形ABCD是边长为1的正方形，且ADE，BCF均为正三角形，EFAB，EF2，则该多面体的体积为_.答案解析如图，分别过点A，B作EF的垂线，垂足分别为G，H，连接DG，CH.则原几何体分割为两个三棱锥和一个直三棱柱.依题意，三棱锥EADG的高EG，直三棱柱AGDBHC的高AB1.则AG.取AD的中点M，则MG，所以SAGD1，V多面体VEADGVFBHCVAGDBHC2VEADGVAGDBHC21.感悟提升1.空间几何
16、体表面积的求法(1)旋转体的表面积问题注意其轴截面及侧面展开图的应用，并弄清底面半径、母线长与对应侧面展开图中边的关系.(2)多面体的表面积是各个面的面积之和；组合体的表面积注意衔接部分的处理.2.求空间几何体的体积的常用方法(1)公式法：规则几何体的体积问题，直接利用公式进行求解；(2)割补法：把不规则的几何体分割成规则的几何体，或者把不规则的几何体补成规则的几何体；(3)等体积法：通过选择合适的底面来求几何体体积的一种方法，特别是三棱锥的体积.训练2 (1)(2021新高考卷)正四棱台的上、下底面的边长分别为2，4，侧棱长为2，则其体积为()A.2012 B.28C. D.答案D解析连接该
17、正四棱台上、下底面的中心，如图，因为该四棱台上、下底面的边长分别为2，4，侧棱长为2，所以该棱台的高h，下底面面积S116，上底面面积S24，所以该棱台的体积Vh(S1S2)(164).(2)(2021全国甲卷)已知一个圆锥的底面半径为6，其体积为30，则该圆锥的侧面积为_.答案39解析设该圆锥的高为h，则由已知条件可得62h30，解得h，则圆锥的母线长为，故该圆锥的侧面积为639.(3)如图，四边形ABCD是边长为2的正方形，ED平面ABCD，FC平面ABCD，ED2FC2，则四面体ABEF的体积为_.答案解析ED平面ABCD且AD平面ABCD，EDAD.在正方形ABCD中，ADDC，而DC
18、EDD，AD平面CDEF.易知FC1，VABEFVABCDEFVFABCDVADEF.VEABCDEDS正方形ABCD222，VBEFCBCSEFC221，VABCDEF.又VFABCDFCS正方形ABCD122，VADEFADSDEF222，VABEF.考点三与球有关的切、接问题角度1外接球例6 (1)已知直三棱柱ABCA1B1C1的6个顶点都在球O的球面上，若AB3，AC4，ABAC，AA112，则球O的半径为_.答案解析如图所示，由球心作平面ABC的垂线，则垂足为BC的中点M.又AMBC，OMAA16，所以球O的半径ROA.(2)已知正三棱锥SABC的侧棱长为4，底面边长为6，则该正三棱
19、锥外接球的表面积是_.答案64解析如图，过点S作SE平面ABC于点E，记球心为O.在正三棱锥SABC中，底面边长为6，侧棱长为4，BE62，SE6.球心O到四个顶点的距离相等，均等于该正三棱锥外接球的半径R，OBR，OE6R.在RtBOE中，OB2BE2OE2，即R212(6R)2，解得R4，外接球的表面积为S4R264.感悟提升(1)求解多面体的外接球时，经常用到截面图.如图所示，设球O的半径为R，截面圆O的半径为r，M为截面圆上任意一点，球心O到截面圆O的距离为d，则在RtOOM中，OM2OO2OM2，即R2d2r2.(2)求解球的内接正方体、长方体等问题的关键是把握球的直径即是几何体的体
20、对角线.角度2内切球例7 (2020全国卷)已知圆锥的底面半径为1，母线长为3，则该圆锥内半径最大的球的体积为_.答案解析圆锥内半径最大的球即为圆锥的内切球，设其半径为r.作出圆锥的轴截面PAB，如图所示，则PAB的内切圆为圆锥的内切球的大圆.在PAB中，PAPB3，D为AB的中点，AB2，E为切点，则PD2，PEOPDB，故，即，解得r，故内切球的体积为.感悟提升“切”的问题处理规律(1)找准切点，通过作过球心的截面来解决.(2)体积分割是求内切球半径的通用方法.训练3 (1)如图，已知球O是棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1的内切球，则平面ACD1截球O的截面面积为()A. B.C.
21、 D.答案C解析平面ACD1截球O的截面为ACD1的内切圆，正方体棱长为1，ACCD1AD1.内切圆半径rtan 30AE.Sr2.(2)(2022衡阳联考)设圆锥的顶点为A，BC为圆锥底面圆O的直径，点P为圆O上的一点(异于B，C)，若BC4，三棱锥APBC的外接球表面积为64，则该圆锥的体积为_.答案24或8解析如图所示.BPPC，AO平面PBC，三棱锥APBC的外接球球心M在AO上，又球M的表面积为64，r外4，在RtMOB中，BM4，BO2，MO2，MA4，AO6或AO2，V圆锥624或V圆锥28.三棱锥外接球球心的确定方法空间几何体外接球问题的处理关键是确定球心的位置，常见的求解方法
22、有如下几种：(1)涉及球与棱柱、棱锥的切、接问题时，一般过球心及多面体的特殊点(一般为接、切点)或线作截面，把空间问题转化为平面问题求解.(2)若球面上四点P，A，B，C构成的三条线段PA，PB，PC两两垂直，且PAa，PBb，PCc，一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体，根据4R2a2b2c2求解.(3)利用平面几何体知识寻找几何体中元素间的关系，或只画内切、外接的几何体的直观图，确定球心的位置，弄清球的半径(直径)与该几何体已知量的关系，列方程(组)求解.一、补形法之一存在侧棱与底面垂直例1 (1)在三棱锥ABCD中，若AD平面BCD，ABBC，ADBD2，CD4，点A，B，C，D在
23、同一个球面上，则该球的表面积为_.答案20解析根据题意得BC平面ABD，则BCBD，即AD，BC，BD三条线两两垂直，所以可将三棱锥ABCD放置于长方体内，如图所示.该三棱锥的外接球即为长方体的外接球，球心为长方体体对角线的中点.即外接球的半径为体对角线长的一半.此时AC为该球的直径，所以该球的表面积S4R2AC2(2242)20.(2)在三棱锥ABCD中，若AB平面BCD，AB2，BCCDBD，点A，B，C，D在同一个球面上，则该球的表面积为_.答案8解析由题意得底面BCD为等边三角形，又AB平面BCD，所以可将三棱锥ABCD放置于直棱柱的一角，如图所示，该三棱锥的外接球即为直三棱柱的外接球
24、，球心为直三棱柱上下底面外接圆圆心连线的中点.设直三棱柱上下底面外接圆的圆心分别为O1，O2，连接O1O2，取O1O2的中点为O，连接OB，O2B，则O为外接球的球心，OB为外接球的半径，O2B为BCD外接圆的半径，OO21.根据等边三角形性质可以得到O2B1，则有OB，所以外接球的表面积S4OB28.二、补形法之二对棱相等例2 在三棱锥ABCD中，ABCD2，ACBD，ADBC，则该三棱锥外接球的半径为_.答案解析考虑到三棱锥ABCD对棱相等，可利用长方体面对角线相等，将该三棱锥放置于长方体内，三组对棱即为长方体的三组面对角线，如图所示.该三棱锥的外接球即为长方体的外接球，球心在长方体对角线
25、的中点，即外接球的半径为体对角线长的一半.设此长方体的长、宽、高分别为x、y、z，则有即x2y2z26.所以外接球的半径R.三、借助三角形外心确定球心位置例3 (1)在三棱锥PABC中，平面PAC平面ABC，PAPCAB2，AC4，BAC30，则该三棱锥外接球的体积为_.答案9解析如图所示，在ABC中，由余弦定理得BC2(2)242224cos 304.所以AB2BC216AC2，即ABC为直角三角形.故ABC外接圆的圆心为斜边AC的中点.取AC的中点为O1，连接PO1，则PO1AC.由平面PAC平面ABC，得PO1平面ABC.该三棱锥外接球的球心在线段PO1上.设球心为O，连接OA，则OAO
26、P，且均为外接球的半径.在RtPO1A中，PO12.在RtOO1A中，OA2OOAO，即R2(2R)24，则R.所以外接球的体积VR39.(2)如图所示，在三棱锥SABC中，ABC与SBC都是边长为1的正三角形，二面角ABCS的大小为，若S，A，B，C四点都在球O的表面上，则球O的表面积为_.答案解析如图，取线段BC的中点D，连接AD，SD，由题意得ADBC，SDBC，ADS是二面角ABCS的平面角，ADS，由题意得BC平面ADS，分别取AD，SD的三等分点E，F，在平面ADS内，过点E，F分别作直线垂直于AD，SD，两条直线的交点即球心O，连接OA，则球O半径ROA，由题意知BD，AD，DE
27、AD，AEAD，连接OD，在RtODE中，ODE，OEDE，OA2OE2AE2，球O的表面积为S4R2.(3)在三棱锥PABC中，ABBC1，ABBC，BCCP，PAAB，CPA60，则该三棱锥外接球的体积为_.答案解析如图所示，由题意知，ABC，PCB，PAB均为直角三角形，而且有RtPCBRtPAB，则PCPA.又CPA60，所以PAC为等边三角形，则PAPCAC.在RtABC中，其外接圆的圆心为斜边AC的中点，设其为O1，过点O1作直线l平面ABC，该三棱锥外接球的球心在l上.不妨设球心为O，则OAOBOCOP.取PB的中点为O2，则O2AO2CPBO2BO2P，故O2与O重合.所以外接
28、球的半径RPB.故外接球的体积VR3.1.下列说法中，正确的是()A.棱柱的侧面可以是三角形B.若棱柱有两个侧面是矩形，则该棱柱的其他侧面也是矩形C.正方体的所有棱长都相等D.棱柱的所有棱长都相等答案C解析棱柱的侧面都是平行四边形，A错误；其他侧面可能是平行四边形，B错误；棱柱的侧棱与底面边长并不一定相等，D错误；易知C正确.2.一个菱形的边长为4 cm，一内角为60，用斜二测画法画出的这个菱形的直观图的面积为()A.2 cm2 B.2 cm2 C.4 cm2 D.8 cm2答案B解析直观图的面积为422(cm2).3.现有同底等高的圆锥和圆柱，已知圆柱的轴截面是边长为2的正方形，则圆锥的侧面
29、积为()A.3 B. C. D.答案D解析设底面圆的半径为R，圆柱的高为h，依题意2Rh2，R1.圆锥的母线l，因此S圆锥侧Rl1.4.(多选)(2021烟台调研)在一个密闭透明的圆柱筒内装一定体积的水，将该圆柱筒分别竖直、水平、倾斜放置时，指出圆柱桶内的水平面可以呈现出的几何形状可能是()A.圆面 B.矩形面C.梯形面 D.椭圆面或部分椭圆面答案ABD解析将圆柱桶竖放，水面为圆面；将圆柱桶斜放，水面为椭圆面或部分椭圆面；将圆柱桶水平放置，水面为矩形面，但圆柱桶内的水平面不可以呈现出梯形面.5.在四面体ABCD中，AB，DADBCACB1，则四面体ABCD的外接球的表面积为()A. B.2 C
30、.3 D.4答案B解析取AB的中点O，由AB，DADBCACB1，所以CA2CB2AB2，AD2BD2AB2，可得ACBADB90，所以OAOBOCOD，即O为外接球的球心，球的半径R，所以四面体ABCD的外接球的表面积为S4R242.6.(2020全国卷)已知A，B，C为球O的球面上的三个点，O1为ABC的外接圆.若O1的面积为4，ABBCACOO1，则球O的表面积为()A.64 B.48 C.36 D.32答案A解析如图所示，设球O的半径为R，O1的半径为r，因为O1的面积为4，所以4r2，解得r2，又ABBCACOO1，所以2r，解得AB2，故OO12，所以R2OOr2(2)22216，
31、所以球O的表面积S4R264.7.如图，在正四棱柱ABCDA1B1C1D1中，AB1，AA1，点E为AB上的动点，则D1ECE的最小值为()A.2 B.C.1 D.2答案B解析如图，连接AD1，BC1分别延长至F，G，使得ADAF，BCBG，连接EG，FG，四棱柱ABCDA1B1C1D1为正四棱柱，AB平面ADD1A1，AB平面BCC1B1，ABAF，ABBG，又ABADAF，四边形ABGF为正方形，EGCE，D1ECE的最小值为D1G，又D1G，D1ECE的最小值为.8.(2021全国甲卷)已知A，B，C是半径为1的球O的球面上的三个点，且ACBC，ACBC1，则三棱锥OABC的体积为()A
32、. B. C. D.答案A解析如图所示，因为ACBC，所以AB为截面圆O1的直径，且AB.连接OO1，则OO1平面ABC，OO1，所以三棱锥OABC的体积VSABCOO111.9.(2021济南模拟)已知三棱锥SABC中，SABABC，SB4，SC2，AB2，BC6，则三棱锥SABC的体积是()A.4 B.6 C.4 D.6答案C解析ABC，AB2，BC6，AC2.SAB，AB2，SB4，AS2.由SC2，得AC2AS2SC2，ACAS.又SAAB，ACABA，AS平面ABC，AS为三棱锥SABC的高，V三棱锥SABC2624.10.(2020江苏卷)如图，六角螺帽毛坯是由一个正六棱柱挖去一个
33、圆柱所构成的.已知螺帽的底面正六边形边长为2 cm，高为2 cm，内孔半径为0.5 cm，则此六角螺帽毛坯的体积是_cm3.答案12解析螺帽的底面正六边形的面积S622sin 606(cm2)，正六棱柱的体积V16212(cm3)，圆柱的体积V20.522(cm3)，所以此六角螺帽毛坯的体积VV1V2cm3.11.如图所示是古希腊数学家阿基米德的墓碑文，墓碑上刻着一个圆柱，圆柱内有一个内切球，这个球的直径恰好与圆柱的高相等，相传这个图形表达了阿基米德最引以为豪的发现.我们来重温这个伟大发现，圆柱的体积与球的体积之比为_，圆柱的表面积与球的表面积之比为_.答案解析由题意，圆柱底面半径为r，球的半
34、径为R，圆柱的高h2R，则V球R3，V柱r2hR22R2R3.S球4R2，S柱2r22rh2R22R2R6R2.12.(2019全国卷)学生到工厂劳动实践，利用3D打印技术制作模型.如图，该模型为长方体ABCDA1B1C1D1挖去四棱锥OEFGH后所得的几何体.其中O为长方体的中心，E，F，G，H分别为所在棱的中点，ABBC6 cm，AA14 cm.3D打印所用原料密度为0.9 g/cm3，不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为_g.答案118.8解析由题意得，四棱锥OEFGH的底面积为4642312(cm2)，其高为点O到底面EFGH的距离，为3 cm，则此四棱锥的体积为V112312(
35、cm3).又长方体ABCDA1B1C1D1的体积为V2466144(cm3)，所以该模型的体积VV2V114412132(cm3)，因此模型所需原材料的质量为0.9132118.8(g).13.(2021淄博二模)碳70(C70)是一种碳原子族，可高效杀死癌细胞，它是由70个碳原子构成的，其结构是由五元环(正五边形面)和六元环(正六边形面)组成的封闭的凸多面体，共37个面，则其六元环的个数为()C70分子结构图A.12 B.25 C.30 D.36答案B解析根据题意，顶点数就是碳原子数，即为70，每个碳原子被3条棱共用，面数为37，设有正五边形x个，正六边形y个，则xy37，5x6y703，解
36、得x12，y25，故正六边形个数为25，即六元环的个数为25.14.(多选)(2022武汉调研)如图，正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为3，线段B1D1上有两个动点E，F，且EF1，则当E，F移动时，下列结论正确的是()A.AE平面C1BDB.四面体ACEF的体积不为定值C.三棱锥ABEF的体积为定值D.四面体ACDF的体积为定值答案ACD解析对于A，如图1，AB1DC1，易证AB1平面C1BD，同理AD1平面C1BD，且AB1AD1A，AB1，AD1平面AB1D1，所以平面AB1D1平面C1BD，又AE平面AB1D1，所以AE平面C1BD，A正确.对于B，如图2，SAEF1，点C到平面A
37、EF的距离为点C到平面AB1D1的距离d为定值，所以VACEFVCAEFdd为定值，所以B错误；对于C，如图3，SBEF13，点A到平面BEF的距离为A到平面BB1D1D的距离d为定值，所以VABEFdd为定值，C正确；对于D，如图4，四面体ACDF的体积为VACDFVFACD333为定值，D正确.15.若E，F是三棱柱ABCA1B1C1侧棱BB1和CC1上的点，且B1ECF，三棱柱的体积为m，则四棱锥ABEFC的体积为_.答案解析如图所示，连接AB1，AC1.因为B1ECF，所以梯形BEFC的面积等于梯形B1EFC1的面积.又四棱锥ABEFC的高与四棱锥AB1EFC1的高相等，所以VABEF
38、CVAB1EFC1VABB1C1C.又VAA1B1C1SA1B1C1AA1，VABCA1B1C1SA1B1C1AA1m，所以VAA1B1C1，所以VABB1C1CVABCA1B1C1VAA1B1C1，所以VABEFC，即四棱锥ABEFC的体积是.16.在半径为15的球O内有一个底面边长为12的内接正三棱锥ABCD，则此正三棱锥的体积为_.答案864或216解析如图所示，显然OAOBOCOD15.设H为BCD的中心，则A，O，H三点在同一条直线上.HBHCHD1212，OH9，正三棱锥ABCD的高h91524.又SBCD(12)2108，VABCD10824864.如图所示，同理，可得正三棱锥ABCD的高h1596，SBCD108，VABCD1086216.综上，正三棱锥ABCD的体积为864或216.
