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2020-2021学年化学新教材苏教版必修第一册模块综合测评 WORD版含解析.doc

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1、模块综合测评(时间:90分钟,满分:100分)一、选择题(本题包括16小题,每题3分,共48分,每题只有一个选项符合题意。)1稀土元素是一类有重要用途的资源。铈(Ce)是一种常见的稀土元素,下列有关说法错误的是( )A铈的原子序数是58B铈属于非金属元素C铈原子中的质子数是58D铈的相对原子质量是140.1B根据示意图可知铈的原子序数是58、质子数是58、相对原子质量是140.1,A、C、D正确;根据名称“铈”可判断属于金属元素,B错误。2下列固体呈淡黄色的是( )ANa2OBNa2O2CFe2O3 DFe(OH)3BNa2O是白色固体; Na2O2是淡黄色固体; Fe2O3是红棕色的固体;

2、Fe(OH)3是红褐色固体。3实验室有四个药品橱,已存放如下药品:橱甲橱乙橱丙橱丁橱药品盐酸、硫酸CCl4、C2H5OH红磷、硫铜、锌实验室新购进一些活性炭,应将它存放在( )A甲橱 B乙橱C丙橱 D丁橱C化学药品一般根据物质的类别来保存,结合物质的组成和性质解答。盐酸、硫酸属于酸,A不选; CCl4、C2H5OH属于有机物, B不选;红磷、硫都是由非金属元素组成的非金属单质,属于纯净物,与活性炭的类别相同,活性炭可以放在丙橱,C选;铜、锌属于金属单质,活性炭是非金属单质,不能放在丁橱,D不选。4已知NO在酸性条件下有强氧化性,下列各组离子能够大量共存的是( )A加入Al粉后产生H2的溶液中:

3、Na、HCO、SO、ClB滴加石蕊试剂变红的溶液中:Na、Fe2、NO、ClC酸性溶液中:Na、K、NO、COD澄清透明的溶液中:Cu2、H、NH、SOD加入Al粉后产生H2的溶液显酸性或碱性,HCO在酸性溶液中或碱性溶液中均不能大量共存; 滴加石蕊试剂变红的溶液显酸性,H、Fe2、NO之间发生氧化还原反应,不能大量共存; 酸性溶液中CO不能大量共存;澄清透明的溶液中Cu2、H、NH、SO之间不反应,可以大量共存,D符合。5化学与生产、生活、环境密切相关,下列叙述正确的是( )A用米汤可直接检验食盐中是否含有碘B我国科学家命名的“钴酞菁”分子(直径为1.3 nm)分散在水中,所形成的分散系带电

4、C酒精和“84”消毒液的消毒原理相同D我国最近合成的某新型炸药(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl,其中“N5”显1价D食盐中的碘为碘酸钾,不是碘单质,碘酸钾遇到米汤(淀粉溶液)没有明显的现象,A错误;“钴酞菁”分子分散在水中所形成的分散系为胶体,胶体不带电,胶体微粒可能带电,B错误;75%酒精消毒原理不是强氧化性的作用,84消毒液是次氯酸根离子水解生成次氯酸具有氧化性消毒杀菌,原理不同,C错误; (N5)6(H3O)3(NH4)4Cl,氯离子带1个负电荷,氨根子带1个正电荷,水合氢离子带1个正电荷,依据阴阳离子所带电荷的代数和为0,则“N5”带一个负电荷,显1价,故D正确。6用NA表示阿伏

5、加德罗常数的值,下列叙述中正确的是( )A常温常压下,11.2 L CO和CO2混合气体中含有的碳原子数目为0.5NAB标准状况下,7.1 g氯气与足量氢氧化钠稀溶液反应转移的电子数为0.1NAC1 mol Fe(OH)3胶体中含有的胶粒数目为NAD2 L 0.5 molL1硫酸钾溶液中阴离子所带电荷数为NAB在标准状况下,气体摩尔体积等于22.4 L/mol,11.2 L混合气体的物质的量才等于0.5 mol,而在常温常压,11.2 L气体的物质的量小于0.5 mol,则含有的碳原子数目小于0.5NA,A项错误; 7.1 g氯气的物质的量为0.1 mol,根据化学反应Cl22NaOH=NaC

6、lNaClOH2O可知,0.1 mol氯气与足量NaOH溶液反应转移的电子数为0.1NA,B项正确;胶体是分子的集合体,则1 mol Fe(OH)3胶体中含有的胶粒数目小于NA,C项错误; 2 L 0.5 molL1硫酸钾溶液中硫酸根离子的物质的量是2 L0.5 mol/L1 mol,因此忽略水的电离可知阴离子所带电荷数为2NA,D项错误。7对下列事实的解释错误的是( )A在蔗糖中加入浓硫酸后出现发黑现象,说明浓硫酸具有脱水性B向50 mL 18 molL1的H2SO4溶液中加入足量的铜片加热充分反应后,被还原的H2SO4的物质的量小于0.45 molC室温下,浓硫酸可以用铝制容器贮存,说明铝

7、与浓硫酸不反应D反应CuSO4H2S=CuSH2SO4能进行,说明CuS既不溶于水也不溶于稀硫酸CA项,浓硫酸能使蔗糖脱水炭化发黑,正确;B项,随着反应的进行,浓硫酸逐渐变稀,而稀硫酸与铜不反应,故硫酸会有剩余,正确;C项,室温下,铝在浓硫酸中其表面会被氧化生成一层致密的氧化物薄膜而钝化,错误;D项,根据复分解反应发生的条件可知,正确。8硫代硫酸钠溶液与盐酸混合(Na2S2O32HCl = 2NaClSSO2H2O),生成单质硫并沉淀出来。若将硫代硫酸钠溶液先与界面活性剂(不参与反应)均匀混合于烧杯中,再加入盐酸溶液并立刻搅拌,静置后无沉淀产生,得到含硫单质的胶体。下列叙述错误的是()A硫代硫

8、酸钠与盐酸反应中,盐酸作还原剂B烧杯中单质硫颗粒直径约为 109107mC界面活性剂减缓了硫生成的速率D用平行光照射烧杯中液体,将观察到光的“通路”A硫代硫酸钠与盐酸反应生成单质S、SO2、水和氯化钠,其中硫代硫酸钠既是氧化剂又是还原剂,A错误;胶体分散系的微粒直径介于109107m之间,B正确;将硫代硫酸钠溶液先与界面活性剂(不参与反应)均匀混合于烧杯中,再加入盐酸溶液并立刻搅拌,静置后无沉淀产生,得到含硫单质的胶体(硫分散在体系中),这说明界面活性剂减缓了硫生成的速率,C正确;胶体能产生丁达尔效应,所以用平行光照射烧杯中液体,将观察到光的“通路”,D正确。9已知有如下反应:2BrOCl2=

9、Br22ClOClO5Cl6H=3Cl23H2O2FeCl2Cl2=2FeCl3 。根据上述反应,判断下列结论中错误的是( )ACl2在反应中既是氧化产物又是还原产物BCl2在、反应中均作氧化剂C氧化性强弱的顺序为:BrOClO Cl2 Fe3D溶液中可发生:ClO6Fe26H=Cl 6Fe33H2OBClO5Cl6H=3Cl23H2O根据化合价变化此反应是归中反应,所以Cl2既是氧化产物,又是还原产物,A正确; Cl2在中化合价升高是还原剂,在中化合价降低作氧化剂,故B错;氧化性强弱的顺序为:根据知BrOClO,根据 知Cl2 Fe3 根据知ClO Cl2;所以氧化性强弱的顺序为:BrOCl

10、O Cl2 Fe3,故C正确;D.溶液中可发生:ClO6Fe26H=Cl 6Fe33H2O根据氧化性强弱,电荷守恒,电子守恒的原理,D正确。10碘在自然界中有很多存在形式,在地壳中主要以NaIO3 形式存在,在海水中主要以I形式存在,几种粒子与Cl2之间有以下转化关系:以下说法不正确的是( )A中发生的反应是:2ICl2=I22ClBI与过量Cl2发生的反应是:I3Cl23H2O=IO6Cl6HC以上反应中,氯气都体现氧化性,具体表现为:氯元素由0价降低为1价D通过以上信息,可预测:若在加入淀粉的KI溶液中逐滴滴加氯水,不能观察到溶液变蓝的现象D中碘离子被氯气氧化生成X是单质碘,发生的反应是:

11、2ICl2=I22Cl,A正确; 单质碘可以继续被氯气氧化为碘酸根离子,则I与过量Cl2发生的反应是:I3Cl23H2O=IO6Cl6H,B正确;以上反应中,氯气都体现氧化性,具体表现为:氯元素由0价降低为1价,C正确;通过以上信息,可预测:若在加入淀粉的KI溶液中逐滴滴加氯水,能观察到溶液变蓝的现象,D错误。11下列有关物质检验的实验操作与现象能得到对应结论的是( )操作现象结论A向某无色溶液中滴加稀盐酸有无色气体生成原溶液中有一定含有COB向某无色溶液中滴加氯水和CCl4,振荡、静置下层溶液显紫色原溶液中有IC用洁净铂丝蘸取某溶液进行焰色反应火焰呈黄色液中有Na,无KD将某气体通入澄清石灰

12、水溶中溶液变浑浊该气体一定是CO2B可能含有CO、HCO、SO、HSO,A错误;氯水中的氯气和碘离子反应生成碘单质,四氯化碳把碘从水溶液中萃取出来,四氯化碳密度比水大,下层溶液显紫色, B正确;黄色火焰可以覆盖K的浅紫色火焰,故检验K需通过蓝色钴玻璃观察火焰,正确操作为:用洁净铂丝蘸取溶液进行焰色反应,透过蓝色钴玻璃观察,火焰呈黄色,原溶液中有钠离子、无钾离子, C错误;能使澄清石灰水变浑浊的气体有CO2、SO2,选项D错误。12下列装置及药品和实验室制备的气体相匹配的是( )甲乙丙丁A甲装置用来制备氧气B乙装置用来尾气处理氯化氢气体C丙装置用来制取氯气D丁装置中盛有碱石灰用来干燥二氧化碳气体

13、C制备氧气一般用KMnO4受热分解或KClO3和MnO2加热,试管口略向下倾斜,如果用H2O2制备O2,用MnO2作催化剂,不需要加热,A错误;HCl极易溶于水,因此需要防止倒吸,B错误;制取Cl2,用MnO2和浓盐酸加热来制备,C正确;碱石灰是NaOH和CaO的混合物,CO2属于酸性氧化物,因此干燥CO2不能用碱石灰干燥, D错误。13已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素,其中元素A、E的单质在常温下呈气态,元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍,元素C在同周期的主族元素中原子半径最大,元素D是地壳中含量最多的金属元素。下列说法正确的是( )A1 mol由元素A

14、、B组成的化合物一定含有18 mol eB元素C、D的最高价氧化物对应的水化物之间不可能发生反应CC与A形成的化合物肯定是离子化合物D化合物AE与CE含有相同类型的化学键CA、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素,元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍,B有2个电子层,最外层电子数为4,B为C元素;元素C在同周期的主族元素中原子半径最大,则C为Na元素;元素D是地壳中含量最多的金属元素,则D为Al元素;其中元素A、E的单质在常温下呈气态,A的原子序数小于碳元素,A为H元素,E的原子序数大于铝元素,则E为Cl元素。由元素A、B组成的化合物可能是CH4,也可能是C2H6等,所

15、以1 mol CH4中含有10 mol电子,1 mol C2H6分子中含有18 mol电子,所以1 mol相应的化合物分子中不一定含有18 mol电子,A 错误; C是Na元素,D是Al元素,C、D的最高价氧化物对应的水化物分别是NaOH、Al(OH)3,NaOH是强碱,可以与两性氢氧化物Al(OH)3反应产生NaAlO2和水,B错误; C是Na,A是H,Na与H形成的化合物NaH是离子化合物,C正确;化合物AE是HCl含有的化学键是共价键,化合物CE为NaCl是离子化合物,含有离子键,化学键的类型不相同,D错误。14.a、b、c、d四种元素在周期表中的位置如右图,则下列说法正确的是( )Aa

16、与b之间容易形成离子化合物B若b的单质可作半导体材料,则c的单质不可能为半导体材料C若b的单质与H2易化合,则c的单质与H2更易化合D若b的最高价氧化物对应水化物为H2bO4,则a的氢化物的化学式为aH3Da、b可能均为非金属,如a为C,b为P,非金属之间不易形成离子键,A错误;若b的单质可作半导体材料,b为Si,c为金属元素Ge,则c的单质可能为半导体材料,B错误;b、c同主族,从上到下非金属性减弱,非金属性强的b与H2易化合,则c的单质与H2不一定容易化合,C错误;若b的最高价氧化物对应水化物为H2bO4,b的最高价为6价,最低价为2价,b为A族元素,a为A族元素,a的氢化物的化学式为aH

17、3, D正确。15几种短周期元素的原子半径及主要化合价如下表:元素代号XYZMRQ原子半径/(1010m)1.860.991.431.600.750.74主要化合价最高正价17325最低负价132下列说法不正确的是( )A由元素X和Q组成的化合物可能含有共价键BX、Z、R的最高价氧化物对应水化物可彼此反应C氢化物的稳定性是QYRDZ和Y形成的化合物为离子化合物D短周期元素中,Y有7、1价,则Y为Cl;Q没有最高价、最低价2,则Q为O元素;R有5、3价,处于A族,原子半径小于Cl,则R为N元素;X、M、Z的最高正化合价分别为1、2、3,则分别处于A、A、A族,原子半径XMZCl,则X为Na、M为

18、Mg、Z为Al。由元素X和Q组成的化合物为Na2O、Na2O2,Na2O2中含有共价键, A正确; X、Z、R的最高价氧化物对应水化物分别为氢氧化钠、氢氧化铝、硝酸,氢氧化铝属于两性氢氧化物,能与氢氧化钠及硝酸反应, B正确;非金属性OClN,氢化物的稳定性OClN, C正确;Al和Cl均为非金属元素,Al和Cl形成的化合物为共价化合物,故D错误。16几种短周期元素的原子半径和主要化合价见下表,下列说法中正确的是( )元素代号原子半径/nm主要化合价X0.1602Y0.1433Z0.1026、2L0.0997、1M0.0774、4Q0.0742A.等物质的量的X、Y的单质与足量的盐酸反应,生成

19、的H2一样多BY与Q形成的化合物不能跟氢氧化钠溶液反应CZ的氢化物的稳定性强于L的氢化物的稳定性D在化学反应中,M原子与其他原子易形成共价键而不易形成离子键D由题给主要化合价可知,X位于第A族,Y位于A族,Z位于第A族,L位于第A族,M位于第A族,Q位于第A族。在短周期元素中,结合原子半径的递变规律可知,X、Y、Z、L、M、Q分别为Mg、Al、S、Cl、C、O。二、非选择题(本题包括5小题,共52分。)17(10分)Na 、Cl 、Al是中学化学常见的元素。回答下列问题:(1)只含上述某一种元素的常见化合物中,呈淡黄色的是 (填化学式)。焰色反应的实验中,Na元素燃烧时的焰色为 色,观察 K元

20、素燃烧时的焰色需要透过 。(2)饮用水质量是关系人类健康的重要问题。氯气是最早用于饮用水消毒的物质,其消毒作用主要是氯气溶于水后生成了次氯酸,该反应的离子方程式为: 。写出工业上制取漂白粉的化学反应方程式: 。ClO2是一种广谱型的消毒剂,将逐渐取代 Cl2成为生产自来水的消毒剂。工业上ClO2常用NaClO3和Na2SO3溶液混合并加 H2SO4酸化后反应制得,反应中 NaClO3和Na2SO3的物质的量之比为 。解析根据题意知,酸性条件下,NaClO3和Na2SO3发生氧化还原反应生成ClO2和Na2SO4,同时生成水,该反应中Cl元素化合价由5价变为4价、S元素化合价由4价变为6价,其转

21、移电子数为2,根据转移电子相等配平方程式为H2SO42NaClO3Na2SO3=2Na2SO42ClO2H2O,所以该反应中NaClO3和Na2SO3的物质的量之比为21。答案(1) Na2O2 黄 蓝色钴玻璃(2)Cl2H2O=HClHClO2Cl22Ca(OH)2=CaCl2Ca(ClO)22H2O2118(10分)已知某工业废水中含有大量CuSO4,少量的Ag、Hg2以及部分污泥,通过下述过程可从该废水中回收硫酸铜晶体及其他物质。(1)步骤1的主要操作是 。(2)步骤2中需加入某种试剂后再将混合物分离,该试剂是 (填化学式,下同),固体残渣的成分是 。(3)步骤3中涉及的操作是:蒸发浓缩

22、、 、过滤、烘干。(4)步骤2应该在通风橱中进行,原因是 。解析(1)根据框图可知,步骤1后得到污泥和澄清溶液,故应该为固体和溶液的分离,主要操作应为过滤。(2)经过滤后的溶液中含有Cu2、Ag、Hg2,根据题意结合金属活动顺序表知步骤2中加入的试剂应该是金属铜,铜将汞和银从溶液中置换出来,汞是液态,故固体残渣是金属银和过量的铜。(3)从硫酸铜的溶液中得到CuSO45H2O,要经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、烘干几个过程。(4)因为Hg有挥发性,且有毒,故步骤2应该在通风橱中进行。答案(1)过滤(2)CuAg、Cu(3)冷却结晶(4)因为Hg有挥发性,且有毒19(10分)某研究小组欲探究Na2O2

23、与水的反应,可供使用的试剂有:Na2O2、蒸馏水、KMnO4酸性溶液、MnO2。Na2O2样品与过量水反应,待完全反应不再产生氧气后,得溶液X。查阅资料表明,Na2O2与水反应还可生成H2O2。(1)写出Na2O2与水生成O2的化学反应方程式 ,每生成1 mol O2,转移电子的物质的量为 。(2)Na2O2与水反应生成H2O2的反应是否属于氧化还原反应 (填是、否)。(3)若已知溶液X可使酸性KMnO4溶液褪色,同时放出氧气,完成并配平该反应的离子方程式: MnO H2O2 H Mn2 O2 。(4)取40 g Na2O2固体粉末与一定量二氧化碳反应后,固体质量变为47g,则该反应中消耗Na

24、2O2的质量是 g。解析(1)Na2O2与水反应生成O2的化学方程式为2Na2O22H2O=4NaOHO2。用单线桥分析该反应为:,反应中每生成1 mol O2转移2 mol电子。(2)Na2O2与水反应生成H2O2的化学方程式为Na2O22H2O=2NaOHH2O2,反应前后元素的化合价没有发生变化,Na2O2与水反应生成H2O2的反应不是氧化还原反应。(3)反应中,Mn元素的化合价由7价降至2价,1 mol MnO得到5 mol电子生成1 mol Mn2,O元素的化合价由1价升至0价,1 mol H2O2失去2 mol电子生成1 mol O2;根据得失电子守恒配平为2MnO5H2O2H2M

25、n25O2,结合原子守恒、电荷守恒以及溶液呈酸性,离子方程式为2MnO5H2O26H=2Mn25O28H2O。(4)2Na2O22CO2=2Na2CO3O2m(增重)278 g 2106 g2106 g278 g56 gm(Na2O2)47 g40 g7 g,解得m(Na2O2)19.5 g该反应中消耗Na2O2的质量是19.5 g。答案(1)2Na2O22H2O=O24NaOH2 mol(2) 否(3)256258H2O(4)19.5 g20(10分)空气中CO2浓度的持续走高引起人们的高度重视。一些科学家认为,人类不仅要努力减少CO2的排放,还要尽快想办法清除空气中过多的CO2。为此,他们

26、设想了一系列“捕捉”和“封存” CO2的方法。方法:一些科学家利用太阳能加热的反应器“捕捉”空气中的CO2,如图所示。(1)步骤一中的CaO俗称 。(2)步骤二中发生反应的化学方程式是 。方法:另一些科学家利用NaOH溶液的喷淋“捕捉”空气中的CO2,如图所示。(1)NaOH溶液喷成雾状是为了 。(2)上图a环节中,物质分离的基本操作是 。(3)为了尽量减少成本,在整个流程中,循环利用的物质有CaO和 。(4)下列溶液中,同样能用于“捕捉”二氧化碳的是 (选填字母)。AKNO3溶液 BCaCl2溶液 CCuSO4溶液 DNa2CO3溶液(5)“捕捉”到的二氧化碳,一部分可以用于生产;一部分则设

27、想注入深海中“封存”起来。但过多的二氧化碳会导致海水水质的变化,最终殃及海洋生物,其原因是 (用化学方程式表示)。解析方法:(1)CaO是生石灰的俗称。(2)步骤二中发生碳酸钙的分解反应。方法:(1)NaOH溶液吸收二氧化碳气体时,只有相接触才能发生反应,喷成雾状是为了二者接触的充分。(2)a环节中,是固体与液体物质发生分离。(3)在整个流程中,循环利用的物质有CaO和氢氧化钠。(4)能用于“捕捉”二氧化碳的是溶液应能与CO2反应。(5)过多的二氧化碳会导致海水水质的变化,最终殃及海洋生物,其原因是二氧化碳溶于水后产生影响海洋生物生存环境的物质。答案方法: (1)生石灰CaCO3CaOCO2方

28、法:(1)增大反应物的接触面积 (2)过滤(3)NaOH(4)D (5)CO2H2OH2CO321(12分)下表是元素周期表的一部分,针对表中的种元素,填写下列空白:周期AAAAAAA123(1)上述元素中,形成化合物种类最多的是 (填元素符号)。(2)元素、和形成的化合物的电子式是 ,该化合物中存在的化学键类型是 。(3)、三种元素原子半径由大到小的顺序是 (用元素符号表示)。、六种元素形成的简单离子,半径最小的是 ,最大的是 (填离子符号)。(4)、三种元素最髙价氧化物对应水化物的碱性由强到弱的顺序是 (用对应物质的化学式表示)。(5)最易形成离子键的两种元素代号是 。(6)能比较元素和非

29、金属性强弱的实验事实是 (填字母序号)。a的氢化物的酸性比的氢化物的酸性弱b的单质R2与H2化合比的单质Q与H2化合容易,且HR的稳定性比H2Q强c在的氢化物H2Q的水溶液中通少量的单质R2气体可置换出单质Q解析由元素在周期表中的位置可知,为H,为C,为N,为O,为Na, 为Mg,为Al,为P,为S,为Cl。(1)形成化合物种类最多的是C;(2)元素、和形成的化合物为NaOH,为离子化合物,其电子式为:NaH,化合物存在的化学键为离子键与极性键(或共价键);(3)同周期中,原子半径从左到右依次减小,同主族中,原子半径依次增大,则、三种元素分别是C、N和Al,所以其原子半径从大到小为:Al、C、

30、N(或者AlCN),电子层数大的对应元素简单离子半径大,电子层数相同的,核电荷数小的元素简单离子半径大,则、元素对应的离子半径最小的是Al3,最大的则是P3;(4)元素的金属性越强,其最髙价氧化物对应水化物的碱性越强,则、三种元素最髙价氧化物对应水化物的碱性由强到弱的顺序是NaOHMg(OH)2Al(OH)3;(5)金属性较强的元素与非金属性较强的元素易形成离子键,上述元素中,金属性最强的元素为钠,非金属性最强的是氧,所以最易形成离子键两种元素代号是;(6)a.气态氢化物的稳定性可比较非金属性,而不是酸性,a项错误; b的单质R2与H2化合比的单质Q与H2化合容易,且HR的稳定性比H2Q强,可说明的非金属性比强,b项正确; cR2能从H2Q将Q置换出来,根据氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性可知,R2的氧化性大于Q,即R元素非金属性大于Q,c项正确。答案(1) C(2)NaH离子键、极性键(或共价键) (3)Al、C、N(或者AlCN)Al3P3(4) NaOHMg(OH)2Al(OH)3(5)(6)bc

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