1、选修3-2第九章第2讲1(2017辽宁本溪一模)如图所示，灯泡A、B与固定电阻的阻值均为R，L是带铁芯的理想线圈，电源的内阻不计。开关S1、S2均闭合后电路达到稳定。已知电路中的各种元件均在安全范围之内。下列判断中正确的是(C)A灯泡A中有电流通过，方向为abB将S1断开的瞬间，灯泡A、B同时熄灭C将S1断开的瞬间，通过灯泡A的电流最大值要比原来通过灯泡B的电流大D将S2断开，电路达到稳定，灯泡A、B的亮度相同解析开关S1、S2均闭合且电路达到稳定，线圈L把灯A短路，灯A中没有电流，A错误；将S1断开的瞬间，灯泡B熄灭，A灯闪亮一下再熄灭，B错误；流过L的电流等于通过B灯和电阻R两支路的电流之
2、和，所以将S1断开的瞬间，通过灯泡A的电流最大值要比原来通过灯泡B的电流大，C正确；将S2断开，电路达到稳定，灯A的亮度要比灯B暗，D错误。2(多选)(2016陕西汉中期末)如图所示，S和P是半径为a的环形导线的两端点，OP间电阻为R，其余电阻不计，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直环面，金属棒OQ与环形导线接触，以角速度绕O点无摩擦匀速转动时，则(AB)A电阻R两端的电压为B电阻R消耗的功率为C金属棒受的安培力为D外力对OQ做功的功率为解析OQ产生的电动势EBa，因为只有OP间有电阻，所以电阻R两端的电压为，A正确；电阻R消耗的功率为P，B正确；电路中电流I，金属棒受的安培力FBIa，C错误
3、；外力对OQ做功的功率为PP，D错误。3(2016浙江理综)如图所示，a、b两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长la3lb，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则(B)A两线圈内产生顺时针方向的感应电流Ba、b线圈中感应电动势之比为91Ca、b线圈中感应电流之比为34Da、b线圈中电功率之比为31解析由于磁感应强度随时间均匀增大，则根据楞次定律知两线圈内产生的感应电流方向皆沿逆时针方向，故A项错误；根据法拉第电磁感应定律ENNS，而磁感应强度均匀变化，即恒定，则a、b线圈中的感应电动势之比为9，故B项正确；根据电阻定律R
4、，且L4Nl，则3，由闭合电路欧姆定律I，得a、b线圈中的感应电流之比为3，故C项错误；由功率公式PI2R知，a、b线圈中的电功率之比为27，故D项错误。4(多选)(2016全国卷)法拉第圆盘发电机的示意图如图所示。铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别于圆盘的边缘和铜轴接触，圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中，圆盘旋转时，关于流过电阻R的电流，下列说法正确的是(AB)A若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定B若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流动C若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R上的热功率也变为原
5、来的2倍解析设圆盘的半径为r，圆盘转动的角速度为，则圆盘转动产生的电动势为EBr2，可知，转动的角速度恒定，电动势恒定，电流恒定，A项正确；根据右手定则可知，从上向下看，圆盘顺时针转动，圆盘中电流由边缘指向圆心，即电流沿a到b的方向流动，B项正确；圆盘转动方向不变，产生的电流方向不变，C项错误；若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电动势变为原来的4倍，电流变为原来的4倍，由PI2R可知，电阻R上的热功率变为原来的16倍，D项错误。5(2016江苏物理)据报道，一法国摄影师拍到“天宫一号”空间站飞过太阳的瞬间。照片中，“天宫一号”的太阳帆板轮廓清晰可见如图所示，假设“天宫一号”正以速度v7.7
6、km/s绕地球做匀速圆周运动，运动方向与太阳帆板两端M、N的连线垂直，M、N间的距离L20 m，地磁场的磁感应强度垂直于v、MN所在平面的分量B1.0105 T，将太阳帆板视为导体。(1)求M、N间感应电动势的大小E；(2)在太阳帆板上将一只“1.5V、0.3W”的小灯泡与M、N相连构成闭合电路，不计太阳帆板和导线的电阻。试判断小灯泡能否发光，并说明理由；(3)取地球半径R6.4103km，地球表面的重力加速度g9.8m/s2，试估算“天宫一号”距离地球表面的高度h(计算结果保留一位有效数字)。答案(1)1.54V(2)见解析(3)4105m(数量级正确都算对)解析(1)由法拉第电磁感应定律EBLv代入数据得E1.54V(2)不能，因为穿过闭合回路的磁通量不变，不产生感应电流。(3)在地球表面有Gmg由匀速圆周运动规律得Gm解得hR代入数据得h4105m(数量级正确都算对)
