1、东北三省四市教研联合体2020届高三数学模拟考试试题 文（含解析）第卷（选择题共60分）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知全集，集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先由已知得到，再与A求交集即可.【详解】由已知，故.故选：B.【点睛】本题考查集合的交集、补集运算，考查学生的基本计算能力，是一道基础题.2.已知，则复数( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据复数的四则运算，即可求得复数.【详解】因为，故可得.故选：D.【点睛】本题考查复数的四则运算，属基础题.3.为等差数列
2、的前项和，若，则( )A. 1B. 0C. 1D. 2【答案】B【解析】【分析】根据，即可容易求得.【详解】因为数列是等差数列，故可得，又，故可得.故选：B.【点睛】本题考查等差数列前项和的性质，属基础题.4.设是实数，“”是“”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】解分式不等式，根据充分性和必要性即可容易求得.【详解】因为，即可求得，故是的充分不必要条件.故选：A.【点睛】本题考查命题之间的关系，涉及分式不等式的求解.5.算数书竹简于上世纪八十年代在湖北省江陵县张家山出土，这是我国现存最早的有系统的数学典籍.其中记
3、载有求“囷盖”的术：“置如其周，令相承也.又以高乘之，三十六成一”.该术相当于给出了由圆锥的底面周长与高，计算其体积的近似公式.它实际上是将圆锥体积公式中的圆周率近似取为3.那么近似公式相当于将圆锥体积公式中的圆周率近似取为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】将圆锥的体积用两种方式表达，即，解出即可.【详解】设圆锥底面圆的半径为r，则，又，故，所以，.故选：C.【点睛】本题利用古代数学问题考查圆锥体积计算的实际应用，考查学生的运算求解能力、创新能力.6.哈尔滨市为创建文明城，试运行生活垃圾分类处理，将生活垃圾分为厨余、可回收和其他三类，分别记为，；并且设置了相应的垃圾箱：“
4、厨余垃圾箱”、“可回收垃圾箱”和“其他垃圾箱”，分别记为，.为调查居民生活垃圾分类投放情况，随机抽取某小区三类垃圾箱中共计生活垃圾，数据统计如图.则估计生活垃圾投放错误的概率为( )20010401512020155030A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先计算投放正确的概率，再求出投放错误的概率即可.【详解】根据题意，投放正确的概率为，故投放错误的概率为.故选：D.【点睛】本题考查简单随机事件的概率求解，属基础题.7.已知曲线在点处的切线的倾斜角为，则( )A. B. C. 2D. 【答案】B【解析】【分析】根据导数的几何意义，求得，再利用同角三角函数关系，求得齐次式的值即可
5、.【详解】因为，故可得，则切线的斜率；又因为.故选：B.【点睛】本题考查导数的几何意义，以及已知正切值求齐次式的值，属综合基础题.8.已知函数，若函数的零点恰有4个，则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】画出函数的图像，数形结合即可容易求得.【详解】因为，故可得的图像如下：若函数的零点恰有4个，即与有4个交点，故.故选：B【点睛】本题考查由函数的零点个数求参数的范围，涉及对数函数的图像，属综合中档题.9.设等比数列满足，则的最大值为( )A. B. 4C. 10D. 5【答案】C【解析】【分析】根据等比数列下标和性质，即可容易求得，再根据均值不等式即可容易求
6、得.【详解】因为数列是等比数列，又，故可得，即，又，又，当且仅当时，取得最大值.故选：C.【点睛】本题考查等比数列的下标和性质，以及利用均值不等式求最值，属综合中档题.10.如图所示，在边长为4的正方形纸片中，与相交于.剪去，将剩余部分沿，折叠，使、重合，则以、为顶点的四面体的外接球的体积为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据题意，还原出几何体，结合几何体的特点，即可容易求得.【详解】根据题意，为方便说明问题，将几何体从正方体中截取出来如下所示：容易知三棱锥和棱长为的正方体有相同的外接球.则外接球的半径，故其外接球体积.故选：A.【点睛】本题考查几何体的还原以及外接球的
7、求解，本题中从正方体中截取几何体是解决问题的关键.11.已知双曲线：（，）的离心率为，抛物线：（）的准线经过的左焦点.若抛物线的焦点到的渐近线的距离为2，则的标准方程为( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据题意，双曲线的右焦点和抛物线焦点相同，结合离心率和焦点到渐近线的距离即可容易求得.【详解】根据题意可知双曲线的右焦点和抛物线焦点相同，又因为抛物线的焦点到的渐近线的距离为2，故可得（根据点到直线的距离公式，即可容易求得）又因为，解得，则.则抛物线的方程为.故选：D.【点睛】本题考查抛物线方程和双曲线方程的求解，涉及抛物线的渐近线，属综合基础题.12.已知函数，则使成立的
8、的取值范围是( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据是偶函数，且当时是单调增函数，利用函数的性质即可求得不等式.【详解】因为，且其定义域为，故是偶函数；又当时，是单调增函数，则时，是单调减函数.故等价于，整理得，解得.故选：A.【点睛】本题考查利用函数性质求解不等式，属综合中档题；本题的难点在于要有意识去判断函数的性质.第卷（非选择题共90分）二、填空题：本题共4小题，每小题5分.13.设向量，若与共线，则_.【答案】【解析】【分析】根据向量共线的坐标公式，即可容易求得参数.【详解】因为且与共线故可得，解得.故答案为：.【点睛】本题考查向量平行的坐标公式，属基础题.14.一
9、个样本的容量为70，分成五组，已知第一组、第三组的频数分别是8，12，第二组、第五组的频率都为，则该样本第四组的频率为_.【答案】【解析】【分析】根据频率的计算公式，结合题目已知信息，即可容易求得.【详解】因为样本容量为，根据题意可得：第一组和第三组的频率为.根据频率之和为，即可求得：第四组的频率为.故答案：.【点睛】本题考查频率的计算公式，属基础题.15.若函数的图像向左平移个单位得到函数的图像.则在区间上的最小值为_.【答案】【解析】【分析】注意平移是针对自变量x，所以，再利用整体换元法求值域（最值）即可.【详解】由已知，又，故，所以的最小值为.故答案为：.【点睛】本题考查正弦型函数在给定
10、区间上的最值问题，涉及到图象的平移变换、辅助角公式的应用，是一道基础题.16.已知椭圆：的左、右焦点分别为，如图是过且垂直于长轴的弦，则的内切圆方程是_.【答案】【解析】【分析】利用公式计算出，其中为的周长，为内切圆半径，再利用圆心到直线AB的距离等于半径可得到圆心坐标.【详解】由已知，设内切圆的圆心为，半径为，则，故有，解得，由，或（舍），所以的内切圆方程为.故答案为：.【点睛】本题考查椭圆中三角形内切圆的方程问题，涉及到椭圆焦点三角形、椭圆的定义等知识，考查学生的运算能力，是一道中档题.三、解答题：共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第1721题为必考题，每个试题考生都必须作
11、答.第2223题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分.17.某大型单位举行了一次全体员工都参加的考试，从中随机抽取了20人的分数.以下茎叶图记录了他们的考试分数（以十位数字为茎，个位数字为叶）：若分数不低于95分，则称该员工的成绩为“优秀”. 组别分组频数频率1234（）从这20人中成绩为“优秀”的员工中任取2人，求恰有1人的分数为96的概率；（）根据这20人的分数补全频率分布表和频率分布直方图，并根据频率分布直方图估计所有员工的平均分数（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）.【答案】（）；（）频率分布表和频率分布直方图见解析，82.【解析】【分析】（）列举出从四个人中抽取两
12、人的所有情况，找出满足题意的情况，用古典概型的概率计算公式即可求得；（）根据茎叶图中数据，先补全频率分布表和频率分布直方图，再估算平均值即可.【详解】（）设分数分别为95、96、96、98的四人为、从成绩为优秀的员工中任取2人，包含6个基本事件设从成绩为优秀的员工中随机抽取2人恰有一人的分数为96为事件.包含4个基本事件（）组别分组频数频率120.01260.03380.04440.02，估计所有员工的平均分为82.【点睛】本题考查古典概型的概率计算，以及频率分布表和频率分布直方图的绘制，涉及平均数的求解，属综合基础题.18.在中，为边上一点，.（1）求；（2）若，求.【答案】（1）；（2）4
13、【解析】【分析】（1），利用两角差的正弦公式计算即可；（2）设，在中，用正弦定理将用x表示，在中用一次余弦定理即可解决.【详解】（1），所以， .（2），设，在中，由正弦定理得，.【点睛】本题考查两角差的正弦公式以及正余弦定理解三角形，考查学生的运算求解能力，是一道容易题.19.点（）是抛物线：上一点，为的焦点.（）若直线与抛物线的准线交于点，求的面积；（）过点作两条倾斜角互补的直线分别与交于，两点，证明：直线的斜率是定值.【答案】（）2；（）证明见解析.【解析】【分析】（）根据题意，求得点的坐标，即可容易求得面积；（）设出点的坐标，根据点在曲线上点的坐标满足曲线方程，以及直线的斜率之和为零，
14、即可容易证明.【详解】（）将代入得则：，准线：，（）设，由题可知，即证.【点睛】本题考查抛物线上一点坐标的求解，抛物线中定值问题的简单证明，属中档题.20.如图，在直角中，.通过以直线轴顺时针旋转得到（）.点为线段上一点，且.（）证明：平面；（）若是线段的中点，求四棱锥的体积.【答案】（）证明见解析；（）.【解析】【分析】（）通过证明，即可证明线面垂直；（）根据即可容易求得.【详解】（）在中，由余弦定理得，由题意可知：，平面，平面，平面，（）.故四棱锥的体积为.【点睛】本题考查由线线垂直推证线面垂直，以及棱锥体积的求解，属中档题.21.已知函数（）.（）若函数，讨论的单调性；（）若函数的导数的
15、两个零点从小到大依次为，证明：.【答案】（）函数单调性见解析；（）证明见解析.【解析】【分析】（）根据题意，求得，对参数进行分类讨论即可容易求得；（）根据是的两根，求得之间的关系式，构造函数，根据其单调性即可证明.【详解】（）（）.当时，在上单调递增，在上单调递减；当时，或，在，上单调递增，在上单调递减；当时，或，在，上单调递增，在上单调递减；当时，在上恒成立，所以在上单调递增；综上所述：当时，在上单调递增，在上单调递减；当时，在，上单调递增，在上单调递减；当时，在，上单调递增，在上单调递减；当时，在上单调递增.（）（）.且的两个零点从小到大依次为，是方程的两个根，又，且所以欲证，即证只需证令
16、（），在上单调递增，上单调递减，即成立.【点睛】本题考查分类讨论求函数的单调性，以及利用导数证明不等式，涉及构造函数法，属综合困难题.（二）选考题：共10分，请考生在22、23题中任选一题作答.如果多做则按所做的第一题计分.选修4-4坐标系与参数方程22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数）.点在曲线上，点满足.（1）以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，求动点的轨迹的极坐标方程；（2）点，分别是曲线上第一象限，第二象限上两点，且满足，求的值.【答案】（1）（）；（2）【解析】【分析】（1）由已知，曲线的参数方程消去t后，要注意x的范围，再利用普通方程与极坐标方程的互化公式运算
17、即可；（2）设，由（1）可得，相加即可得到证明.【详解】（1），由题可知：，：（）.（2）因为，设，则，.【点睛】本题考查参数方程、普通方程、极坐标方程间的互化，考查学生的计算能力，是一道容易题.选修4-5不等式选讲23.已知关于的不等式有解.（1）求实数的最大值；（2）若，均为正实数，且满足.证明：.【答案】（1）；（2）见解析【解析】【分析】（1）由题意，只需找到的最大值即可；（2），构造并利用基本不等式可得，即.【详解】（1），的最大值为4.关于的不等式有解等价于，（）当时，上述不等式转化为，解得，（）当时，上述不等式转化为，解得，综上所述，实数的取值范围为，则实数的最大值为3，即.（2）证明：根据（1）求解知，所以，又，当且仅当时，等号成立，即，所以，.【点睛】本题考查绝对值不等式中的能成立问题以及综合法证明不等式问题，是一道中档题.
