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2018届高考物理大一轮复习教师用书:第16课时 动力学的两类基本问题(重点突破课) WORD版含解析.doc

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资源描述

1、第16课时动力学的两类基本问题(重点突破课)必备知识1动力学的两类基本问题(1)已知受力情况求物体的运动情况。(2)已知运动情况求物体的受力情况。2解决两类基本问题的方法以加速度为“桥梁”,由运动学公式和牛顿第二定律列方程求解,具体逻辑关系如图。3动力学中常见的图像v t图像、xt图像、Ft图像、Fa图像等。4解决图像问题的关键(1)看清图像的横、纵坐标所表示的物理量及单位并注意坐标原点是否从0开始。(2)理解图像的物理意义,能够抓住图像的一些关键点,如斜率、截距、面积、交点、拐点等,判断物体的运动情况或受力情况,再结合牛顿运动定律求解。小题热身1质量为1 kg的物体,受水平恒力F作用,由静止

2、开始在光滑的水平面上做加速运动,它在t s内的位移为x m,则F的大小为( )A. NB. NC. N D. N解析:选A由xat2得a m/s2,对物体由牛顿第二定律得Fma1 N N,故A正确。2(2016全国甲卷)两实心小球甲和乙由同一种材料制成,甲球质量大于乙球质量。两球在空气中由静止下落,假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比,与球的速率无关。若它们下落相同的距离,则()A甲球用的时间比乙球长B甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功解析:选BD设小球在下落过程中所受阻力F阻kR,k为常数,R为小球半径,由

3、牛顿第二定律可知:mgF阻ma,由mVR3知:R3gkRR3a,即ag,故知:R越大,a越大,即下落过程中a甲a乙,选项C错误;下落相同的距离,由hat2知,a越大,t越小,选项A错误;由2ahv2v02知,v00,a越大,v越大,选项B正确;由W阻F阻h知,甲球克服阻力做的功更大一些,选项D正确。提能点(一)已知受力求运动问题典例(2017晋中质检)一个质量为4 kg的物体静止在足够大的水平地面上,物体与地面间的动摩擦因数0.2。从t0开始,物体受到一个大小和方向呈周期性变化的水平力F作用,力F随时间t变化的规律如图所示。g取10 m/s2。求:(1)在24 s时间内,物体从减速运动到停止不

4、动所经历的时间;(2)6 s内物体的位移大小。解析(1)在02 s内,由牛顿第二定律知F1Ffma1Ffmgv1a1t1解得v12 m/s在2 s以后,物体的加速度大小a23 m/s2方向与v的方向相反。由v2v1a2t2知,减速到停止所用时间t2 s。(2)02 s内物体的位移x12 m24 s内物体的位移x2 m由周期性可知46 s内和02 s内位移相等。所以6 s内物体的位移x2x1x2 m。答案(1) s(2) m动力学问题的解题步骤集训冲关1(2017齐齐哈尔质检)一个原来静止在光滑平面上的物体,质量是7 kg,在14 N的恒力作用下运动,则5 s末的速度及5 s内通过的路程为( )

5、A8 m/s25 m B2 m/s25 mC10 m/s25 m D10 m/s12.5 m解析:选C物体由静止开始在恒力的作用下做初速度为零的匀加速直线运动,由牛顿第二定律和运动学公式得a m/s22 m/s2,vat25 m/s10 m/s,xat2225 m25 m,选项C正确。2.(2017乐山模拟)如图所示,工人用绳索拉铸件,铸件的质量是20 kg,铸件与地面间的动摩擦因数是0.25。工人用80 N的力拉动铸件,从静止开始在水平面上前进,绳与水平方向的夹角为37并保持不变,经4 s后松手。(g10 m/s2,cos 370.8,sin 370.6)求:(1)松手前铸件的加速度;(2)

6、松手后铸件还能前进的距离。解析:(1)松手前,对铸件由牛顿第二定律得a1.3 m/s2。(2)松手时铸件的速度vat5.2 m/s松手后的加速度大小ag2.5 m/s2则松手后铸件还能滑行的距离x5.408 m。答案:(1)1.3 m/s2(2)5.408 m3.如图所示,一木箱静止在长平板车上,某时刻平板车以a2.5 m/s2的加速度由静止开始向前做匀加速直线运动,当速度达到v9 m/s时改做匀速直线运动,已知木箱与平板车之间的动摩擦因数0.225,木箱与平板车之间的最大静摩擦力与滑动静擦力相等(g取10 m/s2)。求:(1)车在加速过程中木箱运动的加速度的大小;(2)要使木箱不从平板车上

7、滑落,木箱开始时距平板车末端的最小距离。解析:(1)设木箱的最大加速度为a,根据牛顿第二定律得mgma解得a2.25 m/s22.5 m/s2则木箱与平板车存在相对运动,所以车在加速过程中木箱的加速度为2.25 m/s2。(2)设平板车做匀加速直线运动的时间为t1,木箱与平板车达到共同速度的时间为t2,根据速度公式得vat1vat2在平板车达到共同速度时,木箱由于加速度小于平板车的加速度,还要加速运动(t2t1)时间才能达到共同速度,此时设平板车的位移为x1,则x1v(t2t1)木箱的位移为x2,则x2at22要使木箱不从平板车上滑落,木箱距平板车末端的最小距离满足xx1x2联立解得x1.8

8、m。答案:(1)2.25 m/s2(2)1.8 m提能点(二)已知运动求受力问题典例(2017德州模拟)一质量为m2 kg的滑块能在倾角为30的足够长的斜面上以a2.5 m/s2匀加速下滑。如图所示,若用一水平向右恒力F作用于滑块,使之由静止开始在t2 s内能沿斜面运动位移x4 m。求:(g取10 m/s2)(1)滑块和斜面之间的动摩擦因数;(2)恒力F的大小。解析(1)根据牛顿第二定律可得:mgsin 30mgcos 30ma解得:。(2)使滑块沿斜面做匀加速直线运动,有加速度向上和向下两种可能。由xa1t2,得a12 m/s2,当加速度沿斜面向上时,Fcos 30mgsin 30(Fsin

9、 30mgcos 30)ma1,代入数据得:F N当加速度沿斜面向下时:mgsin 30Fcos 30(Fsin 30mgcos 30)ma1代入数据得:F N。答案(1)(2) N或 N已知运动求受力问题同样需要对物体进行受力分析,而且要在通过分析物体的运动情况得出合外力的方向的基础上,画出受力示意图。需要特别注意:产生加速度的合力是由物体实际受到的力合成而来,并非物体又另外受到这样一个力的作用。集训冲关1(2017襄阳模拟)在欢庆节日的时候,人们会在夜晚燃放美丽的焰火。按照设计,某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后,在4 s末到达离地面100 m的最高点时炸开,构成各种美丽的图案。

10、假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0,上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍,那么v0和k分别等于(重力加速度g取10 m/s2)( )A25 m/s,1.25 B40 m/s,0.25C50 m/s,0.25 D80 m/s,1.25解析:选C根据hat2,解得a12.5 m/s2,所以v0at50 m/s;上升过程礼花弹所受的平均阻力Ffkmg,根据牛顿第二定律得a(k1)g 12.5 m/s2,解得k0.25,故选项C正确。2.如图所示,一物体以v02 m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t1 s。已知斜面长度L1.5 m,斜面的倾角30,重力加速度取g10 m/s

11、2。求:(1)物体滑到斜面底端时的速度大小;(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向;(3)物体与斜面间的动摩擦因数。解析:(1)设物体滑到斜面底端时速度为v,则有:Lt,代入数据解得:v1 m/s。(2)因vv0物体做匀减速运动,加速度方向沿斜面向上,加速度的大小为:a1 m/s2。(3)物体沿斜面下滑时,受力分析如图所示。由牛顿定律得:Ffmgsin maFNmgcos FfFN联立解得:,代入数据解得:。答案:(1)1 m/s(2)1 m/s2方向沿斜面向上(3)提能点(三)动力学的图像问题考法1由受力图像分析物体的运动情况例1(2015南昌质检)一个物块置于粗糙的水平地面上,受到的水平拉

12、力F随时间t变化的关系如图甲所示,速度v随时间t变化的关系如图乙所示。取g10 m/s2,求:(1)1 s末物块所受摩擦力的大小Ff1;(2)物块在前6 s内的位移大小x;(3)物块与水平地面间的动摩擦因数。解析(1)由题图乙可知前2 s内物块处于静止状态,此时物块所受的摩擦力大小等于水平拉力的大小,从题图甲中可以读出,当t1 s时,Ff1F14 N。(2)在v t图像中图线与t轴围成面积表示位移,则由题图乙知物块在前6 s内的位移大小x m12 m。(3)由题图乙知,在24 s内,物块做匀加速运动,加速度大小a m/s22 m/s2由牛顿第二定律得F2Ff2ma在46 s内物块做匀速运动,有

13、F3Ff2mg解得0.4。答案(1)4 N(2)12 m(3)0.4考法2由运动图像分析物体的受力情况例2(多选)(2017淮安模拟)用一水平力F拉静止在水平面上的物体,在F从零开始逐渐增大的过程中,加速度a随外力F变化的图像如图所示,g10 m/s2,则可以计算出( )A物体与水平面间的最大静摩擦力BF为14 N时物体的速度C物体与水平面间的动摩擦因数D物体的质量解析由题图可知,物体与水平面间的最大静摩擦力为7 N,A正确;由Fmgma,解得aFg,将F17 N,a10.5 m/s2,F214 N,a24 m/s2代入上式可得m2 kg,0.3,C、D正确;因物体做变加速运动,无法求出F为1

14、4 N时物体的速度,B错误。答案ACD考法3通过图像综合分析物体的受力与运动情况例3(2017南阳模拟)神舟飞船完成了预定空间科学和技术实验任务后,返回舱开始从太空向地球表面预定轨道返回,返回舱开始时通过自身制动发动机进行调控减速下降,穿越大气层后在一定高度打开阻力降落伞进一步减速下降,这一过程中若返回舱所受的空气阻力与速度的平方成正比,比例系数(空气阻力系数)为k,所受空气浮力不变,且认为竖直降落,从某时刻开始计时,返回舱的运动v t图像如图所示,图中AB是曲线在A点的切线,切线与横轴交点B的坐标为(8,0),CD是曲线AD的渐近线,假如返回舱总质量为M400 kg,g取10 m/s2,求:

15、(1)返回舱在这一阶段的运动状态;(2)在开始时刻v0160 m/s时,它的加速度大小;(3)空气阻力系数k的数值。解析(1)由速度图像可以看出,图线的斜率逐渐减小到零,即做加速度逐渐减小的减速运动,直至匀速运动。(2)开始时v0160 m/s,过A点切线的斜率大小就是此时加速度的大小,则a m/s220 m/s2故加速度大小为20 m/s2。(3)设浮力为F,由牛顿第二定律得在t0时有kv02FMgMa由题图知返回舱的最终速度为v4 m/s当返回舱匀速运动时有kv2FMg0故k0.31。答案(1)先做加速度逐渐减小的减速运动,直至匀速运动(2)20 m/s2(3)0.31解决图像综合问题的三

16、点提醒(1)分清图像的类别:即分清横、纵坐标所代表的物理量,明确其物理意义,掌握物理图像所反映的物理过程,会分析临界点。(2)注意图线中的一些特殊点所表示的物理意义:图线与横、纵坐标的交点,图线的转折点,两图线的交点等。(3)明确能从图像中获得哪些信息:把图像与具体的题意、情境结合起来,再结合斜率、特殊点、面积等的物理意义,确定从图像中反馈出来的有用信息,这些信息往往是解题的突破口或关键点。集训冲关1(2014福建高考)如图,滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面,从顶端下滑,直至速度为零。对于该运动过程,若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小,t表示时间,则

17、下列图像最能正确描述这一运动规律的是()解析:选B滑块沿斜面下滑过程中,受重力、支持力和滑动摩擦力作用,做匀减速直线运动,故速度图像为向下倾斜的直线,C项错;滑块加速度保持不变,D项错;设滑块的加速度大小为a,则滑块的位移sv0tat2,s t图像为开口向下的抛物线,B项对;设斜面倾角为,滑块下降高度hssin ,所以ht图像也是开口向下的抛物线,A项错。2(多选)(2015全国卷)如图(a),一物块在t0时刻滑上一固定斜面,其运动的v t图线如图(b)所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量,则可求出()A斜面的倾角B物块的质量C物块与斜面间的动摩擦因数D物块沿斜面向上滑行的最大

18、高度解析:选ACD由题图(b)可以求出物块上升过程中的加速度为a1,下降过程中的加速度为a2。物块在上升和下降过程中,由牛顿第二定律得mgsin fma1,mgsin fma2,由以上各式可求得sin ,滑动摩擦力f,而fFNmgcos ,由以上分析可知,选项A、C正确。由v t图像中横轴上方的面积可求出物块沿斜面上滑的最大距离,可以求出物块沿斜面向上滑行的最大高度,选项D正确。3(2017河南中原名校联考)如图甲所示,光滑水平面上的O处有一质量为m2 kg的物体。物体同时受到两个水平力的作用,F14 N,方向向右,F2的方向向左,大小如图乙所示。物体从静止开始运动,此时开始计时。求:(1)当

19、t0.5 s时物体的加速度大小;(2)物体在t0至t2 s内何时物体的加速度最大?最大值为多少?解析:(1)由题图乙可知F2的表达式为F222t,则当t0.5 s时,F2(220.5)N3 N此时物体的加速度为a,由牛顿第二定律得,F1F2maa m/s20.5 m/s2。(2)物体所受的合外力为F合F1F24(22t)22t(N)作出F合t图如图所示,从图中可以看出,在02 s范围内当t0时,物体有最大加速度a0。F0ma0a0 m/s21 m/s2当t2 s时,物体也有最大加速度a2。F2ma2a2 m/s21 m/s2负号表示加速度方向向左。答案:(1)0.5 m/s2(2)t0或t2

20、s时加速度最大,大小为1 m/s2。一、单项选择题1行车过程中,如果车距不够,刹车不及时,汽车将发生碰撞,车里的人可能受到伤害,为了尽可能地减轻碰撞引起的伤害,人们设计了安全带,假定乘客质量为70 kg,汽车车速为90 km/h,从踩下刹车到完全停止需要的时间为 5 s,安全带对乘客的作用力大小约为(不计人与座椅间的摩擦)( )A450 NB400 NC350 N D300 N解析:选C汽车的速度v090 km/h25 m/s,设汽车匀减速的加速度大小为a,则a5 m/s2,对乘客由牛顿第二定律得Fma705 N350 N,所以C正确。2用40 N的水平力F拉一个静止在光滑水平面上、质量为20

21、 kg的物体,力F作用3 s后撤去,则第5 s末物体的速度和加速度的大小分别是( )Av6 m/s,a0 Bv10 m/s,a2 m/s2Cv6 m/s,a2 m/s2 Dv10 m/s,a0解析:选A由牛顿第二定律可知,在前3 s内物体的加速度a2 m/s2,3 s末的速率vat6 m/s,当外力F撤去后,加速度变为零,物体的速率保持不变为6 m/s,选项A正确。3.乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30的山坡以加速度a上行,如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面,斜面上放一个质量为m的小物块,小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)。则( )

22、A小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上B小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C小物块受到的滑动摩擦力为mgmaD小物块受到的静摩擦力为ma解析:选A小物块相对斜面静止,因此小物块与斜面间的摩擦力是静摩擦力。缆车以加速度a上行,小物块的加速度也为a,以物块为研究对象,则有Ffmgsin 30ma,Ffmgma,方向平行斜面向上,故A正确,B、C、D均错误。4.(2016海南高考)沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用,其下滑的速度时间图线如图所示。已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数,在05 s、510 s、1015 s内F的大小分别为F1、F2和F3,则()AF1F3CF1F3 DF

23、1F3解析:选A由v t图像可知,05 s内加速度a10.2 m/s2,沿斜面向下,根据牛顿第二定律有mgsin fF1ma1,F1mgsin f0.2m;510 s内加速度a20,根据牛顿第二定律有mgsin fF2ma2,F2mgsin f;1015 s内加速度a30.2 m/s2,沿斜面向上,根据牛顿第二定律有mgsin fF3ma3,F3mgsin f0.2m。故可得:F3F2F1,选项A正确。5.(2017郑州第一次质量预测)甲、乙两球质量分别为m1、m2,从同一地点(足够高)同时由静止释放。两球下落过程中所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比,与球的质量无关,即fkv(k为正的常量

24、)。两球的v t图像如图所示。落地前,经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2。则下列判断正确的是( )A释放瞬间甲球加速度较大B. C甲球质量大于乙球质量Dt0时间内两球下落的高度相等解析:选C释放瞬间v0,因此空气阻力f0,两球均只受重力,加速度均为重力加速度g,故A错误;两球先做加速度减小的加速运动,最后都做匀速运动,稳定时kvmg,因此最大速度与其质量成正比,即vmm,B错误;由图像知v1v2,因此m1m2,C正确;图像与时间轴围成的面积表示物体通过的位移,由题图可知,t0时间内两球下落的高度不相等,故D错误。二、多项选择题6.(2017山东师大附中质检)如图所示,质量为m1

25、 kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3,当物体运动的速度为10 m/s时,给物体施加一个与速度方向相反的大小为F2 N的恒力,在此恒力作用下(g取10 m/s2)( )A物体经10 s速度减为零B物体经2 s速度减为零C物体速度减为零后将保持静止D物体速度减为零后将向右运动解析:选BC物体受到向右的滑动摩擦力,FfFNG3 N,根据牛顿第二定律得,a m/s25 m/s2,方向向右,物体减速到0所需的时间t s2 s,B正确,A错误。减速到零后,Ftan ,下图中表示该物块的速度v和所受摩擦力Ff随时间t变化的图线(以初速度v0的方向为正方向),可能正确的是( )解析:选AC物块的运动

26、情况是先向上做减速运动,所受滑动摩擦力为mgcos ,方向沿斜面向下,达到最高点后由于tan ,即mgsin mgcos ,物块不会向下滑动,而是保持静止,静摩擦力的大小等于重力的下滑分力mgsin ,小于上滑时的摩擦力mgcos ,A、C正确。8.(2014山东高考)一质点在外力作用下做直线运动,其速度v随时间t变化的图像如图。在图中标出的时刻中,质点所受合外力的方向与速度方向相同的有()At1 Bt2Ct3 Dt4解析:选AC已知质点在外力作用下做直线运动,根据它的速度时间图像可知,在图中标出的t1时刻所在的过程中,质点的速度越来越大,但斜率越来越小,说明质点做加速度越来越小的变加速直线运

27、动,因此t1时刻质点所受合外力的方向与速度方向相同,因此A选项正确;在图中标出的t2时刻所在的过程中,质点在做匀减速直线运动,因此质点所受合外力方向与速度方向相反,故B选项不正确;在图中标出的t3时刻所在的过程中,质点在做反向的匀加速直线运动,所以t3时刻质点所受合外力的方向与速度方向也相同,由此可知C选项也正确;同理t4时刻所在的过程中,质点在做反向变减速直线运动,因此合外力的方向与速度的方向相反,故D选项错误。 三、计算题9(2017威海模拟)有一种大型游戏机叫“跳楼机”,参加游戏的游客被安全带固定在座椅上,由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面40 m高处,然后由静止释放。可以认为座

28、椅沿轨道做自由落体运动2 s后,开始受到恒定阻力而立即做匀减速运动,且下落到离地面4 m高处时速度刚好减小到零。然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳下落,将游客送回地面。(取g10 m/s2)求:(1)座椅在自由下落结束时刻的速度是多大?(2)座椅在匀减速阶段的时间是多少?(3)在匀减速阶段,座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍?解析:(1)设座椅在自由下落结束时刻的速度为v,由vgt1得v20 m/s。(2)自由下落的位移hgt1220 m设座椅匀减速运动的总高度为h,则h(40420)m16 m由ht得t1.6 s。(3)设座椅匀减速阶段的加速度大小为a,座椅对游客的作用力大小为F,由va

29、t得a12.5 m/s2由牛顿第二定律得Fmgma解得 2.25。答案:(1)20 m/s(2)1.6 s(3)2.2510(2014山东高考)研究表明,一般人的刹车反应时间(即图甲中“反应过程”所用时间)t00.4 s,但饮酒会导致反应时间延长。在某次试验中,志愿者少量饮酒后驾车以v072 km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶,从发现情况到汽车停止,行驶距离L39 m。减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示,此过程可视为匀变速直线运动。取重力加速度的大小g10 m/s2。求:(1)减速过程汽车加速度的大小及所用时间; (2)饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少; (3)减

30、速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值。解析:(1)设减速过程汽车加速度的大小为a,所用时间为t,由题可得初速度v020 m/s,末速度vt0,位移s25 m,由运动学公式得v022ast联立式,代入数据得a8 m/s2t2.5 s。(2)设志愿者反应时间为t,反应时间的增加量为t,由运动学公式得Lv0tsttt0联立式,代入数据得t0.3 s。(3)设志愿者所受合外力的大小为F,汽车对志愿者作用力的大小为F0,志愿者质量为m,由牛顿第二定律得Fma由平行四边形定则得F02F2(mg)2联立式,代入数据得。答案:(1)8 m/s22.5 s(2)0.3 s(3)11.(2016四

31、川高考)避险车道是避免恶性交通事故的重要设施,由制动坡床和防撞设施等组成,如图乙所示竖直平面内,制动坡床视为与水平面夹角为的斜面。一辆长12 m的载有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床,当车速为23 m/s时,车尾位于制动坡床的底端,货物开始在车厢内向车头滑动,当货物在车厢内滑动了4 m时,车头距制动坡床顶端38 m,再过一段时间,货车停止。已知货车质量是货物质量的4倍,货物与车厢间的动摩擦因数为0.4;货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力大小为货车和货物总重的0.44倍。货物与货车分别视为小滑块和平板,取cos 1,sin 0.1,g10 m/s2。求:(1)货物在车厢内滑动时加速度的大小

32、和方向;(2)制动坡床的长度。解析:(1)设货物的质量为m,货物在车厢内滑动过程中,货物与车厢间的动摩擦因数0.4,受摩擦力大小为f,加速度大小为a1,则fmgsin ma1fmgcos 联立式并代入数据得a15 m/s2a1的方向沿制动坡床向下。(2)设货车的质量为M,车尾位于制动坡床底端时的车速为v23 m/s。货物在车厢内开始滑动到车头距制动坡床顶端s038 m的过程中,用时为t,货物相对制动坡床的运动距离为s1,在车厢内滑动的距离s4 m,货车的加速度大小为a2,货车相对制动坡床的运动距离为s2。货车受到制动坡床的阻力大小为F,F是货车和货物总重的k倍,k0.44,货车长度l012 m,制动坡床的长度为l,则Mgsin FfMa2Fk(mM)gs1vta1t2s2vta2t2ss1s2ll0s0s2联立式并代入数据得l98 m。答案:(1)5 m/s2,方向沿制动坡床向下(2)98 m

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