1、蒙自一中2015至2016学年下学期4月月考试卷 高二 物理 出卷人：徐杰考生注意所有试题必须在答题卡上答题，答在试卷上一律无效；。答题时间90分钟。第卷（选择题共50分）一、单项选择题：（10小题，每小题3分，共30分。每小题中只有一个正确选项，不选、错选或多选均得零分。）1首先发现电流的磁效应和电磁感应现象的物理学家分别是（ ）A安培和法拉第 B法拉第和楞次C奥斯特和安培 D奥斯特和法拉第2、如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是()3一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V交变电流改变为110 V。已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为()A200B
2、400C1600D32004小型手摇发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO，线圈绕OO匀速转动，如图所示矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压()A峰值是e0B峰值是2e0C有效值是Ne0D有效值是Ne05图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8A，则下列说法正确的是()A电压表V1示数增大B电压表V2、V3示数均增大
3、C该变压器起升压作用D变阻器滑片是沿cd的方向滑动6图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2，在T的原线圈两端接入一电压uUm sin t的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为()A()B()C4()2()2rD4()2()2r7图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变。调节触头P，使输出电压有效值由220 V降至110 V。调节前后()A副线圈中的电流比为12B副线圈输出功率比为21C副线圈的接入匝数比为21
4、D原线圈输入功率比为128一航天飞机下有一细金属杆,杆指向地心若仅考虑地磁场的影响，则当航天飞机位于赤道上空（ ）A由东向西水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下B由西向东水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下C沿地磁极的经线由南向北水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由下向上D沿地磁极的经线由北向南水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下9如图所示，线圈L的自感系数很大，且其直流电阻可以忽略不计，L1、L2是两个完全相同的小灯泡，开关S闭合和断开的过程中，灯L1、L2的亮度变化情况是(灯丝不会断)()AS闭合，L1亮度不变，L2亮度逐渐变亮，最后两灯一样亮；S
5、断开，L2立即熄灭，L1逐渐变亮BS闭合，L1不亮，L2很亮；S断开，L1、L2立即熄灭CS闭合，L1、L2同时亮，而后L1逐渐熄灭，L2亮度不变；S断开，L2立即熄灭，L1亮一下才熄灭DS闭合，L1、L2同时亮，而后L1逐渐熄灭，L2则逐渐变得更亮；S断开，L2立即熄灭，L1亮一下才熄灭10如图所示，在0x2L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面(纸面)向里，具有一定电阻的矩形线框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合，bc边的长度为L.线框从t0时刻由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流i(取顺时针方向的电流为正)随时间t的函数图象大致是下图中的()
6、二、多项选择题：（5小题，每小题4分，共20分。每小题至少有两个正确选项，选对但不全得2分，错选或不选均得零分。）11如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑、但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度，两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速释放，穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面，下列对两管的描述中可能正确的是（ ）AA管是用塑料制成的，B管是用铜制成的 BA管是用铝制成的，B管是用胶木制成的CA管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的 DA管是用胶木制成的，B管是用铝制成的12如图所示，一根长导线弯曲成“n”形，通以直流电I，正中间用绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一
7、竖直平面内在电流I增大的过程中，下列判断正确的是()A金属环中无感应电流产生B金属环中有逆时针方向的感应电流C悬挂金属环C的竖直线的拉力大于环的重力D悬挂金属环C的竖直线的拉力小于环的重力13如图所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节，在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头在原线圈上加一电压为U的正弦交流电，则()A保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变大B保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变小C保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变大D保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变小14如图
8、所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，内阻不计，绕OO轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度做匀速转动，从图示位置开始计时。矩形线圈通过滑环接一理想变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻R，下列判断正确的是()A矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为eNBScostB矩形线圈从图示位置经过时间内，通过电流表的电荷量为零C当P位置不动，R增大时，电压表读数也增大D当P位置向上移动，R不变时，电流表读数变大15两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，顶端接阻值为R的电阻质量为m、电阻为r的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与
9、磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g，则 ()A金属棒在磁场中运动时，流过电阻R的电流方向为abB金属棒的速度为v时，金属棒所受的安培力大小为C金属棒的最大速度为D金属棒以稳定的速度下滑时，电阻R的热功率为2R三、填空题（每空2分，共16分。把答案填在答题卡中的横线上或表格中）15、条形磁铁在线圈内运动情况如图911所示请填全下表：四、计算题（本大题共有三个小题，共44分。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17、（12分）如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距L0.50 m，左端接一电阻R0.20 ，方向垂
10、直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度B0.40 T，导体棒ab垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab以v4.0 m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：(1)ab棒中感应电动势的大小，并指出a、b哪端电势高；(2)回路中感应电流的大小；(3)维持ab棒做匀速运动的水平力F的大小18（10分）做磁共振(MRI)检查时，对人体施加的磁场发生变化时会在肌肉组织中产生感应电流。某同学为了估算该感应电流对肌肉组织的影响，将包裹在骨骼上的一圈肌肉组织等效成单匝线圈，线圈的半径r5.0 cm，线圈导线的截面积A0.80 cm2，电阻率1.5 m。如图所示，匀强磁场方向与线圈
11、平面垂直，若磁感应强度B在0.3 s内从1.5 T均匀地减为零，求：(计算结果保留一位有效数字)(1)该圈肌肉组织的电阻R；(2)该圈肌肉组织中的感应电动势E；(3)0.3 s内该圈肌肉组织中产生的热量19（12分）如图甲所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成30角，两导轨的间距l0.50 m，一端接有阻值R1.0 的电阻质量m0.10 kg的金属棒ab置于导轨上，与导轨垂直，电阻r0.25 .整个装置处于磁感应强度B1.0 T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下t0时刻，对金属棒施加一平行于导轨向上的外力F，使之由静止开始运动，运动过程中电路中的电流随时间t变化的关系
12、如图乙所示电路中其他部分电阻忽略不计，g取10 m/s2.求：(1)4.0 s末金属棒ab瞬时速度的大小；(2)3.0 s末力F的瞬时功率；(3)已知04.0 s时间内电阻R上产生的热量为0.64 J，试计算F对金属棒所做的功物 理 参考答案一、单项选择题：（10小题，每小题3分，共30分。每小题中只有一个正确选项，不选、错选或多选均得零分。）题号12345678910答案DBBDDCCACB二、多项选择题：（5小题，每小题4分，共20分。每小题至少有两个正确选项，选对但不全得2分，错选或不选均得零分。）题号1112131415答案ADBCBCADBD三、填空题（每空2分，共16分。把答案填在
13、答题卡中的横线上或表格中）16、计算题、（本大题共有三个小题，共44分。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17、（14分）解:(1)根据EBLv，则E0.40.54 V0.8 V， （4分）由右手定则可知，a端电势高于b端电势 （3分）(2)感应电流大小为I A4.0 A. （3分）(3)由于ab棒受安培力，故外力FBIL4.00.50.4 N0.8 N，故外力的大小为0.8 N. （4分）18、（14分）解析：(1)由电阻定律得R代入数据得R6103 （4分）(2)感应电动势E代入数据得E4102V （5分）(3)由焦耳定律得Qt代入数据
14、得Q8108J （5分）19、（16分）【解析】(1)由题图乙可得：t4.0 s时，I0.8 A.根据I，EBlv解得：v2.0 m/s. （4分）(2)由I和感应电流与时间的线性关系可知，金属棒做初速度为零的匀加速直线运动由运动学规律vat解得4.0 s内金属棒的加速度大小a0.5 m/s2 （2分）对金属棒进行受力分析，根据牛顿第二定律得：Fmgsin 30F安ma又F安BIl由题图乙可得，t3.0 s时，I0.6 A解得F安0.3 N，外力F0.85 N （2分）由速度与电流的关系可知t3.0 s时v1.5 m/s根据PFv，解得P1.275 W. （2分）(3)根据焦耳定律：QI2RtQI2rt解得在该过程中金属棒上产生的热量Q0.16 J电路中产生的总热量为：Q总0.80 J根据能量守恒定律有：WFEpQ总mv2Epmgxsin 30xat2解得Ep2.0 JF对金属棒所做的功WF3.0 J （6分）
