1、孝感一中2018届高三第一次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。1-6题为单选题，7-10题为多选题，漏选得3分，错选得0分）1. 下列有关力的性质的说法正确的是A. 重力的方向总是指向地心B. 弹力的方向一定与施力物体的形变方向相反C. 物体受滑动摩擦力的方向总是与运动方向相反D. 摩擦力的大小总是与物体间的弹力成正比【答案】B【解析】重力的方向总是竖直向下的，故A错误；弹力的方向一定与施力物体的形变方向相反，故B正确；物体受滑动摩擦力的方向总是与相对运动方向相反，故C错误；滑动摩擦力与物体间的弹力成正比，而静摩擦力与弹力无关，故D错误。所以B正确，ACD错误。2.
2、 如图所示，甲、乙、丙、丁分别代表四辆车从同一地点同时出发的位移图象和速度图象，则下列说法正确的是A. 甲车做曲线运动，乙车做直线运动B. 0t1时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度C. 在t2时刻丁车在丙车的前面D. 0t2时间内，丙、丁两车都做匀变速直线运动【答案】C.考点：匀变速直线运动的图像3. 以36 km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a4m/s2的加速度，刹车后第3秒内，汽车走过的位移为A. 18 m B. 2 m C. 0.5 m D. 0【答案】C【解析】汽车刹车到停止所需的时间：， 刹车后第3s内的位移，等于停止前0.5s内的位移，汽车正向匀减速
3、可以看做反向的匀加速，所以有： ，故C正确，ABD错误。 4. 如图所示，弹簧秤、绳和滑轮的重力不计，摩擦力不计，物体重量都是G在甲、乙、丙三种情况下，弹簧的读数分别是F1、F2、F3，则A. F3 F1F2 B. F1 F2F3 C. F1F2F3 D. F3F1 F2【答案】D【解析】物体静止，弹簧的拉力为：F1=mg；对乙图：对物体为研究对象， 由平衡条件得： ，对丙图：以动滑轮为研究对象，由几何知识得F3=mg故F3=F1F2，故D正确，ABC错误。5. 如图所示，质量为M的直角劈B放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m的物体A，用一沿斜面向上的力F作用于A上，使其沿斜面匀速上滑，在A
4、上滑的过程中直角劈B相对地面始终静止，则关于地面对劈的摩擦力Ff及支持力FN，下列说法正确的是A. Ff0，FNMgmgB. Ff向右，FNMgmgC. Ff向左，FNMgmgD. Ff向左，FNMgmg【答案】D【解析】由题意知，物体A和直角劈B都处于平衡状态，将它们看成整体，现对整体进行受力情况：重力（M+m）g、力F、地面竖直向上的支持力FN和摩擦力由平衡条件得知，F有水平向右的分力，则地面对B的摩擦力f水平向左且有：FN+Fsin=（M+m）g，则可知，FN（M+m）g所以f向左，FNMg+mg，所以A正确；B、C、D错误。6. 如图所示，甲、乙两木块用细绳连在一起，中间有一被压缩竖直
5、放置的轻弹簧，乙放在水平地面上，甲、乙两木块质量分别为m1和m2，系统处于静止状态，此时绳的张力为F在将细绳烧断的瞬间，则此时乙对地面压力为A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：在未烧断绳子之前，对甲、乙分别进行受力分析如图所示将细绳烧断的瞬间，弹簧的弹力没有改变，即，地柬对物体乙的支持力为 ，根据牛顿第三定律，乙对地面的压力为，因此C正确，ABD错误。考点：共点力平衡，物体受力分析，牛顿第三定律7. 质量为1kg的物体静止在光滑水平面上，某时刻受到水平拉力F的作用（Ft图像如图所示），若在第1 s内物体受到的拉力F向右，关于物体在03 s时间内的运动情况，下列说法正确的是A.
6、03 s时间内物体先向右运动，再向左运动B. 03 s时间内物体始终向右运动C. 物体在第1 s末的速度最大D. 物体在第3 s末的速度最大【答案】BC【解析】0-1s内：根据牛顿第二定律得：，1s末的速度为：v1=at=21=2m/s，1-3s内物体的加速度为：，方向向左物体做减速运动，根据v=v1-at=2-12=0，可知减速到3s末正好速度为零，由此可得：03s时间内物体一直向右运动，故A错误，B正确；物体在第1s末的速度最大，C正确；物体在第3s末的速度为零且最小，故D错误。所以BC正确，AD错误。8. 如图所示，蹦床运动员从空中落到床面上，运动员从接触床面到下降至最低点为第一过程，从
7、最低点上升到离开床面为第二过程，下列判断正确的是A. 在第一过程中，运动员始终处于失重状态B. 运动员接触床面时的速度最大C. 在第二过程中运动员的速度先增大后再减小D. 运动员在速度为零时加速度最大【答案】CD【解析】运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，运动员处于失重状态；随床面的形变的增大，弹力逐渐增大，当弹力等于重力时速度最大，并不是接触时速度最大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，当速度为零时，弹力达到最大，合理最大，即加速度最大，运动员处于超重状态故AB错误，CD正确.9. 如图，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B竖直悬挂已知质量
8、mA=3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，下列说法正确的是A. 弹簧的弹力大小不变B. 物体A对斜面的压力将减少C. 物体A受到的静摩擦力可能增大D. 物体A受到的静摩擦力一定减小【答案】AD【解析】令B的质量为m， B受受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg，则知弹簧的弹力不变，故A正确；对物体A受力分析，10. 如图甲所示，木块A和长木板B叠放在水平地面上，假定木板与地面之间、木板和木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等，用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法中正确的是（ ）A. A的质量为0.5kgB. B的质量
9、为1.5kgC. B与地面间的动摩擦因数为0.2D. A、B间的动摩擦因数为0.4【答案】ACD【解析】由图可知，当F3N时，一起保持静止；当3NF9N时，A、B保持相对静止，故地面对B的最大静摩擦力fB=3N，根据牛顿第二定律可得：；当F9N时，A与B发生相对滑动，根据牛顿第二定律，对B有：，对A有：，联立以上可得：，故A正确，B错误；B与地面的摩擦因数为：，B与A间的摩擦因数为：,故CD正确。所以ACD正确，B错误。二、实验题（本题共2小题，共18分）11. 应用如图所示装置“验证平行四边形定则”（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的_A将橡皮条拉伸相同长度即可B将橡皮条
10、沿相同方向拉即可C将弹簧秤都拉伸到相同刻度D将橡皮条和绳的结点O拉到相同位置（2）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是_A两细绳必须等长B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些【答案】 (1). D (2). BD【解析】（1）本实验是为了验证力的平行四边形定则，根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A、B错误；在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称
11、不必拉到相同刻度故C错误，D正确。所以选D.（2）通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故A错误；测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小故C错误；为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确。所以选BD。12. 某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50 Hz。实验步骤如下：a).按图甲所示安装好实验
12、装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；b).调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；c).挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；d).改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤c)，求得小车在不同合力作用下的加速度。根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是_。A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B与小车相连的轻绳与长木板一定要平行C弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半D砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如下图。已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，
13、则此次实验中小车的加速度为_ m/s2（结果保留2位有效数字）。（3）保持小车质量一定，改变盘中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据请根据测量数据作出aF图象。图象的斜率表达的物理意义是_。【答案】 (1). B (2). 2.5 (3). 【解析】试题分析：（1）由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B错误；小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C正确；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D错误；由于不是用砝码的重力代替小车的拉力，而是
14、有弹簧测力计读出拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故E错误；故选C（2）在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即x=aT2，得：（3）由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A符合故选A考点：探究加速度与物体受力的关系【名师点睛】解答实验问题的关键是正确理解实验原理，加强基本物理知识在实验中的应用，同时不断提高应用数学知识解答物理问题的能力，掌握求加速度的方法，注意单位的统一，同时理解由图象来寻找加速度与合力的关系。三、解答题（本题共4小题，共42分。要求作图规范、表达清晰）13. 如图所示，水平地面上放
15、置一个质量为m的物体，在与水平方向成角、斜向右上方的拉力F的作用下沿水平地面运动。设物体与地面间的动摩擦因数为，重力加速度为g.（1）若物体沿水平面向右匀速运动，求拉力F的大小；（2）若物体在拉力F的作用下恰好不脱离地面，求拉力F和物体的加速度a的大小。【答案】（1） （2）【解析】试题分析：物体向右匀速运动，由平衡条件可得拉力F的大小；受力分析，关键抓住物体恰好不脱离地面，即N=0，所以f=0 ，根据牛顿第二定律即可求解。（1）物体向右匀速运动，受力如图，由平衡条件可得：水平方向：Fsin+N-mg=0 竖直方向：Fcos-f=0 又因：f=mN 联立可得：（2）物体向右加速运动，受力如图，
16、 竖直方向：Fsin+N-mg=0 物体恰好不脱离地面，即N=0，所以：f=0 即Fsin-mg=0 联立解得： 水平方向由牛顿第二定律可得Fcos=ma联立解得： 点睛：本题主要考查了牛顿第二定律，关键抓住物体恰好不脱离地面，即N=0，所以f=0 ，在列方程即可求解。14. 如图所示，质量为M的空木箱放置在光滑的水平面上，空木箱的对角线处有一光滑斜面，斜面与水平方向的夹角为45。现将一质量为m的物体在斜面上由静止释放。 （1）若对空木箱施加一水平推力，使木箱能与物体保持相对静止，求该推力的大小； （2）若在物体沿斜面自由下滑的过程中，为了保证木箱对地静止，应对木箱施加多大的水平推力？【答案】
17、（1）（m+M）g （2）【解析】试题分析：木箱和物体以相同的加速度在水平方向上做匀加速直线运动，系统水平方向上列牛顿第二定律方程，在对小物块分析求出临界加速度，代入即可解题；物体沿斜面加速下滑，对小物块列牛顿第二定律方程和对木箱列平衡方程即可解题。（1）空木箱和物体以相同的加速度在水平方向上做匀加速直线运动，系统水平方向上由牛顿第二定律可得：F=（m+M）a 物体受力如图，水平方向由牛顿第二定律可得：mgtan45=ma 解得：F=（m+M）g （2）物体沿斜面加速下滑，受力如上图， 垂直于斜面方向上：N-mgcos45=0 解得： 由牛顿第三定律可知物体对木箱的压力垂直于斜面向下，大小，木
18、箱受力如图，水平方向上由平衡条件可得：F-Nsin45=0 解得：点睛：本题主要考查了牛顿第二定律，分别对物体和木箱受力分析，列方程即可解题。15. 小球A从地面以初速度vA12m/s竖直上抛，同时将小球B从A球正上方以初速vB8 m/s竖直上抛。忽略空气阻力，已知 .（1）若B的抛出点距地面的高度h4m，求两球的相遇点距地面的高度； （2）要使两球在落地前相遇，求B的抛出点距地面的高度h的最大值。【答案】（1）7m （2）9.6m【解析】试题分析：A、B抛出后都做竖直上抛运动，对A和B分别有列运动方程，利用相遇条件即可解出高度；利用相遇时间，再结合运动学公式即可求出B的抛出点距地面的高度h的
19、最大值。（1）A、B抛出后都做竖直上抛运动，对A和B分别有：A、 B相遇条件为：HA- HB=h 解得相遇时间：相遇点距地面的高度为HA=7m （2）因为相遇时间：要在A落地前相遇，即相遇时间：解得：点睛：本题主要考查了竖直上抛运动过程中的相遇问题，抓住相遇时间，应用运动学公式即可解题。16. 传送带以恒定速率v4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角37.现将质量m1 kg的小物块轻放在其底端(小物品可看成质点)，平台上的人通过一根轻绳用恒力F10 N拉小物块，经过一段时间物块被拉到离地高为H1.8m的平台上，如图所示已知物块与传送带之间的动摩擦因数0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取
20、10m/s2，已知sin370.6，cos370.8.求：(1)物块在传送带上运动的时间；(2)若在物块与传送带速度相等的瞬间撤去恒力F，则物块还需多少时间才能脱离传送带？【答案】（1）1s （2）【解析】试题分析：（1）先假设传送带足够长，对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后运用运动学公式求解出加速的位移和时间，根据位移判断是否有第二个过程，当速度等于传送带速度后，通过受力分析，可以得出物体恰好匀速上滑，最后得到总时间；（2）若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，先受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式列式求解解：（1）物品在达到与传送带速度v=4m/s相等前，有：F+mgcos37mgsin37=ma1解得由v=a1t1，t1=0.5s位移=1m随后，有：Fmgcos37mgsin37=ma2解得a2=0，即滑块匀速上滑位移总时间为：t=t1+t2=1s即物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是1s（2）在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，根据牛顿第二定律，有mgcos37mgsin37=ma3解得：假设物品向上匀减速到速度为零时，通过的位移为x即物体速度为减为零时已经到达最高点；由解得：（，舍去）即物品还需离开皮带【点评】本题关键是受力分析后，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后根据运动学公式列式求解
