1、专题14 分离定律1（2020青海西宁高一期末）下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( )A孟德尔在豌豆开花时进行去雄和人工授粉，实现亲本的杂交B孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度C孟德尔根据亲本中不同个体表现出来的性状来判断亲本是否纯合D孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性【答案】D【解析】A、豌豆是自花传粉，闭花授粉，为实现亲本杂交，应在开花前去雄，A错误；B、研究花的构造必须研究雌雄蕊的发育程度，B错误；C、不能根据表现型判断亲本是否纯合，因为显性杂合子和显性纯合子表型一样，C错误；D、孟德尔以豌豆作为实验材料，利用了豌豆自花传粉，闭花受粉的特性，这样可避免
2、外来花粉的干扰，D正确。2（2020山东临沂高一期末）关于孟德尔一对相对性状的杂交实验，下列说法正确的是（ ）F1表现型为高茎，表明高茎是显性性状F2的高茎个体自交后代会有1/6矮茎F1产生配子时，遗传因子Dd彼此分离F1配子中Dd=1：1，雌配子：雄配子=1：1ABCD【答案】A【解析】高茎和矮茎杂交，F1表现型为高茎，表明高茎是显性性状，正确；F2的高茎个体（1/3DD、2/3Dd），自交后代会有2/31/4=1/6矮茎，正确；F1产生配子时，遗传因子Dd彼此分离，产生两种比例相等的配子，正确；F1配子中雌配子与雄配子比例不相等，错误。综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。3（2020沙
3、坪坝重庆南开中学高一期末）二倍体水稻的粳性与糯性是一对相对性状，已知粳性花粉遇碘呈蓝紫色，糯性花粉遇碘呈红褐色。高茎粳稻与矮茎糯稻杂交，F1均为高茎粳稻。若用F1验证基因的分离定律，下列方法错误的是()A将F1的花粉粒用碘液处理，统计蓝紫色与红褐色花粉粒的比例B让F1与矮茎糯稻杂交，统计后代高茎与矮茎植株的比例C让F1自交，统计自交后代中高茎与矮茎植株的比例D让F1自交，统计自交后代中蓝紫色植株与红褐色植株的比例【答案】D【解析】根据题意，F1中控制高茎和粳稻两对性状的基因型均为杂合，故可用碘液处理F1的花粉粒，并统计蓝紫色与红褐色花粉粒的比例，A正确；也可用测交方法，即F1与矮茎糯稻杂交，统
4、计后代高茎与矮茎植株的比例，B正确；也可用自交方法，即F1自交，统计自交后代中高茎与矮茎植株的比例，C正确；蓝紫、红褐色是花粉遇碘时呈现的颜色，在植株上不表现，D错误；故选D。4（2020沙坪坝重庆南开中学高一期末）喷瓜有雄株、雌株和两性植株。G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g-基因决定雌株。G对g、g-，g对g-是显性。如：Gg是雄株，gg-是两性植株，g-g-是雌株。下列分析正确的是（ ）AGg和Gg-能杂交并产生雄株B一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子C两性植株自交不可能产生雌株D雄性植株不可能是纯合子【答案】D【解析】A、Gg都是雄株，不能杂交，A错误；B、两性植株可能有两种基因
5、型gg-或gg。若基因型为gg-，根据分离定律会产生雄配子两种g或g-，雌配子两种g或g-；若基因型为gg，则能产生雄配子g，雌配子g，所以一株两性植株的喷瓜最多可产生两种配子，B错误；C、两性植株gg-自交，后代可以产生g-g-的雌株，C错误；D、根据分析，由于群体中没有GG基因型的个体，所以雄株中没有纯合子，D正确。5（2020江苏徐州高一期末）番茄果实的颜色由一对等位基因A、a控制关于番茄果实颜色的3个杂交实验及其结果如下：实验1：红果黄果F1中红果（492）、黄果（504）实验2：红果黄果F1中红果（997）、黄果（0）；实验3：红果红果F1中红果（1511）、黄果（508）。下列分析
6、正确的是（ ）A番茄的果实颜色中，黄色为显性性状B实验1的亲本基因型：红果为AA，黄果为aaC实验2的后代中红果均为杂合子D实验3的后代中黄果的基因型可能是Aa或AA【答案】C【解析】A、由以上分析可知，番茄的果实颜色中，红色为显性性状，A错误；B、实验1的亲本基因型：红果为Aa，黄果为aa，B错误；C、实验2的亲本是AAaa，因此其后代中红果均为杂合子，C正确；D、实验3的后代中红果的基因型可能是Aa或AA，黄果的基因型为aa，D错误。6（2020辽宁沈阳高一期中）食物长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL为长食指基因).此等位基因
7、表达受性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子中既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为（ ）ABCD【答案】A【解析】本题考查知识点为基因的自由组合定律。根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为TLTS或TSTS，女性的基因型为TSTS，又根据其后代中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TLTS。因此后代的基因型为TLTS或TSTS，各占1/2，TSTS不论男孩还是女孩都是短食指，TLTS只有是女孩时表现型才是长食指，因此，该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为1/21/2=1/4，故选A。7（2020安徽宣城高一期末）某生
8、物群体中，基因型为AA、Aa、aa的个体分别占20%、60%、20%，其中aa的雄性个体没有生殖能力，若该种群的个体自由交配，则后代中aa的个体占（ ）A9/64B9/100C3/16D3/4【答案】C【解析】性成熟的雄性可育个体的基因型及比例是AAAa=20%60%=13，产生A的雄配子占1/4+3/41/2=5/8；a的雄配子占3/41/2=3/8；性成熟的雌性可育个体的基因型及比例是AAAaaa=131，产生的雌配子中，A=a=1/2，若该种群的个体自由交配，则代中基因型为aa的个体占3/81/2=3/16。8（2020安徽宣城高一期末）在“性状分离比的模拟”实验中，实验者在甲、乙两个小
9、桶中分别放了两种不同颜色的彩球20个和50个，下列有关模拟实验的叙述，错误的是（ ）A甲、乙小桶内的小球分别代表雌配子和雄配子B小球数量不同，会影响配子出现的概率，从而导致误差增大C每次抓取后的小球都要放回原桶内摇匀后进行下一次抓取D抓取小球的次数越多，不同组合的比例就越接近1：2：1【答案】B【解析】A、甲、乙小桶内的小球分别代表雌配子和雄配子，A正确；B、虽然甲、乙两个小桶中小球的数量不同，但每个小桶中不同颜色的配子数量是相同的，不影响配子出现的概率，B错误；C、每次抓取后的小球都要放回原桶内摇匀，以保证每个桶中不同颜色的配子数量相同，再进行下一次抓取，C正确；D、抓取小球的次数越多，越能
10、避免偶然误差带来的影响，不同组合的比例就越接近1：2：1，D正确。9（2019江西新余一中高一期末）果蝇灰身（B）对黑身（b）为显性，现将纯种灰身果蝇与黑身果蝇杂交，产生的F1再自交产生F2。下列处理后，计算正确的是（ ）A若将F2中所有黑身果蝇除去，让灰身果蝇自由交配，产生F3，则F3中灰身与黑身果蝇的比例是5：1B若F2中黑身果蝇不除去，让果蝇进行自由交配，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是3：1C若将F2中所有黑身果蝇除去，让基因型相同的灰身果蝇进行交配，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是 8：1D若F2中黑身果蝇不除去，让基因型相同的果蝇个体杂交，则F3中灰身果蝇与黑身果蝇的比例是8：
11、5【答案】B【解析】A、F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，将F2代中所有黑身果蝇bb除去，让灰身果蝇（1BB、2Bb）自由交配，F3代黑身的比例为2/32/31/41/9，即灰身与黑身果蝇的比例是8：1，A错误；B、若F2代中黑身果蝇不除去，则F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，B配子的概率=b配子的概率=1/2 ，所以让果蝇进行自由交配，后代黑身的比例为1/2 1/21/4 ，则灰身：黑身=3：1，B正确；C、根据以上分析已知F2代基因型为1BB、2Bb、1bb，将F2代中所有黑身果蝇bb除去，将基因型相同的灰身果蝇（1BB、2Bb）交配，F3代黑身的比例为2/31/41/6，所以灰身
12、：黑身=5：1，C错误；D、同理，若F2代中黑身果蝇不除去，让果蝇自交，则F3中灰身：黑身=（1/4+1/23/4）：（1/4+1/21/4）=5：3，D错误。10（2020沙坪坝重庆南开中学高一期末）已知某种植物的高产与低产这对相对性状受一对遗传因子控制，生物兴趣小组的同学用300对亲本均分为2组进行了下表的实验。下列分析错误的是（ ）组别杂交方案杂交结果甲组高产低产高产低产=71乙组低产低产全为低产A高产为显性性状，低产为隐性性状B表格中表现出低产性状的一定是纯合子C甲组高产亲本中杂合子的比例是1/3D甲组中高产亲本自交产生的低产子代个体的比例为1/16【答案】C【解析】AB、高产和低产杂
13、交，子代高产数量比低产多得多，说高产为显性，低产为隐性，所以低产一定是纯合子，AB正确；C、甲组实验中低产只能是Aa和aa杂交产生，且比例为1./2，所以子代低产占1/81/21/4，说明亲本杂合个体的比例是1/4，C错误；D、甲组亲本杂合个体Aa占1/4，自交产生的低产子代个体的比例为1/41/41/16，D正确。11（2020安徽省舒城中学高二期末）某种植株含有一对等位基因D和d，其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现有若干基因型为Dd的植株作亲本，下列有关叙述，错误的是（ ）A如果每代均自交，则F2中d基因的基因频率为1/2B如果每
14、代均自交，则d基因的基因频率保持不变C如果每代均自由交配，则d基因的基因频率保持不变D如果每代均自由交配，则F2中正常植株所占比例为1/2【答案】D【解析】A、若基因型Dd的植株自交，F1代DDDddd=121，由于D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，所以子一代只有Dd可以产生后代，因此F2植株中DDDddd=121，所以D和d基因的频率都为，A正确；B、根据A项的分析，在自交后代中能通过自交繁殖的基因型只有Dd，所以在每代的自交中，d的基因频率均为，且保持不变，B正确；C、若基因型Dd的植株每代均自由交配，根据题目信息：D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因
15、纯合的植株花粉不能正常发育，从F1开始基因型DD的个体只能产生D的雄配子，而基因型dd的个体只能产生d的雌配子，并且由于DDdd=11，所以D、d两种类型的雄、雌配子比例相等，而正常植株Dd能产生两种类型且比例相等的雌雄配子，因此子代配子Dd=11，即基因频率D=d=，所以基因型Dd每代均自由交配，d基因的基因频率保持不变，C正确；D、若基因型Dd的植株每代均自由交配，F1的后代DDDddd=121，根据题目信息，基因型DD不能产生卵细胞，基因dd的花粉不能正常发育，结合分析，F1代所产生的雌配子：D=，d=，即Dd=12；同理可推算F1所产生的雄配子中Dd=21，因此F1自由交配F2代中DD
16、Dddd=（）（+）（）=252，所以F2植株中正常植株所占比例为， D错误。12（2020江西省吉水县第二中学高一期中）椎实螺是雌雄同体动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）为显性，旋向的遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定，与其自身基因型无关，这种现象在遗传学上称之为母性效应。以下叙述错误的是ADDdd，F1全为右旋，F2也全是右旋BDddd，F1全为右旋，F2中右旋：左旋=1:1CddDD，F1全为左旋，F2也全是左旋DddDd，F1全为左旋，F2中右旋：左旋=1:1【答案】C【解析】根据题意可知旋向的
17、遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定，所以DDdd，因为母本是DD，所以F1全为右旋，F1基因型为Dd，所以F2也全是右旋，A正确。Dddd，母本是Dd，所以F1全为右旋，F1基因型为Dd 和dd，比例为1:1，所以F2中右旋：左旋=1:1，B正确。ddDD，母本是dd，F1全为左旋，F1基因型为Dd，所以F2应全是右旋，C错误。ddDd，母本是dd，所以F1全为左旋，F1基因型为Dd 和dd，比例为1:1，所以F2中右旋：左旋=1:1，D正确。点睛：本题一定要审清题意，子代中的表现型只和其母本的基因型有关，分析母本基因型来确定其表现型，而不能看其自身的基因型。13（2020江苏徐州高一期
18、末）孟德尔曾利用豌豆的7对性状进行杂交实验，发现当只考虑一对性状时，F2总会出现3：1的性状分离比，于是其提出假说，出了4点解释，最终总结出了相关的遗传定律。请以高茎（D）和矮茎（d）这一对性状为例，请回答下列问题：（1）豌豆茎的高矮属于一对_性状，遗传上遵循_定律。（2）人们又把同源染色体相同位置上控制相对性状的基因称为_。该对基因在减数分裂过程中分开的时间是_（不考虑交叉互换）。（3）如果遗传因子不是独立遗传而是融合遗传，则F2将不会出现严格的_现象。（4）如果体细胞中遗传因子不是成对存在的而是纯合个体的体细胞中每种遗传因子有4个（其他假说内容不变），则F1的表现型是高茎，F2中高茎：矮茎
19、=_（5）如果F1雌雄配子不是随机结合的，而是相同种类的配子才能结合（其他假说内容不变），则F2中高茎：矮茎=_。如果雌雄配子存活率不同，含d的花粉有1/2不育（其他假说内容不变），则F2中高茎：矮茎=_。【答案】相对 基因分离 等位基因 减数第一次分裂后期 高茎：矮茎=3：1性状分离比 35：1 1：1 5：1 【解析】（1）豌豆茎的高矮属于一对相对性状，遗传上遵循基因分离定律。（2）同源染色体相同位置上控制相对性状的基因称为等位基因。等位基因在减数第一次分裂后期随着同源染色体的分开而分离。（3）如果遗传因子不是独立遗传而是融合遗传的，则F2将不会出现严格的高茎：矮茎=3：1性状分离比。（4
20、）如果体细胞中遗传因子不是成对存在的，而是纯合个体的体细胞中每种遗传因子有4个，则F1的基因型为DDdd，表现型是高茎。F1产生的配子为DD：Dd：dd1：4：1，F2中高茎：矮茎（1）：（）35：1。（5）如果雌雄配子不是随机结合的，而是相同种类的配子才能结合（其他假说内容不变），则F2中基因型及比例为AA：aa1：1，表现型及比例为高茎：矮茎1：1；若雌雄配子存活率不同，含d的花粉不育（其他假说内容不变），F1产生的卵细胞有D、d，花粉有D、d，则F2中矮茎的比例为，高茎：矮茎5：1。14（2020安徽高一期末）绵羊的有角和无角受对等位基因H、h控制，有角对无角为显性，基因型为Hh的公羊表
21、现为有角，母羊表现为无角。请回答下列问题：(1)一对无角绵羊交配，生育了一只有角绵羊，则这对无角绵羊亲本的基因型组合为_(要求写出性别)，生育的有角绵羊为_ (填“公羊”或“母羊”)；这对无角绵羊再生育一只绵羊为无角的概率是_。(2)若要根据后代有无角来判断绵羊的性别，应选择的杂交亲本的基因型组合为_，杂交后代中公羊和母羊的性状表现为_。 (3)某养殖场中有一批有角公羊和有角母羊，现有一只有角公羊，请利用该养殖场中的母羊进行交配以判断该公羊的基因型。请写出实验过程和预期结果：_。【答案】Hhhh 公羊 3/4 HHhh 有角的为公羊，无角的为母羊 让该公羊和多只有角母羊交配；若后代全部表现为有
22、角，则该有角公羊的基因型为HH；若后代出现无角个体，则该有角公羊的基因型为Hh 【解析】（1）根据题意，一对无角绵羊交配即hhHh或hhhh，生育了一只有角绵羊即HH或Hh，则可推知这对无角绵羊亲本的基因型组合必定为Hhhh，子代为Hh、hh，故子代中有角绵阳为公羊。（2）据分析可知，公羊中HH、Hh为有角，hh为无角；母羊中HH为有角，Hh、hh为无角，若要根据后代有无角来判断绵羊的性别，则亲本杂交的子代必需为Hh，故亲本组合为HHhh，杂交后代中公羊和母羊基因型都为Hh，其中有角的为公羊，无角的为母羊。（3）据分析可知，无论雌雄，hh都为无角，现有一只有角公羊即基因型为HH、Hh，其中HH
23、无论与哪一种母羊交配，子代都为H_，雌性都表现为有角，故实验思路如下：让该公羊和多只有角母羊交配；若后代全部表现为有角，则该有角公羊的基因型为HH；若后代出现无角个体，则该有角公羊的基因型为Hh。15（2020湖北恩施土家族苗族高中高一期末）鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了五组实验，结果如下表所示。杂交组合第1组第2组第3组第4组第5组康贝尔鸭金定鸭金定鸭康贝尔鸭第1组的F1自交第2组的F1自交第2组的F1康贝尔鸭后代所产蛋（颜色及数目）青色（枚）261787628294027301754白色（枚）1095
24、810509181648请回答问题：（1）根据第1、2、3、4组的实验结果可判断鸭蛋壳的_色是显性性状。（2）第3、4组的后代均表现出_现象，比例都接近_。（3）第5组实验结果显示后代产青色蛋的概率接近_，该杂交称为_，用于检验_。（4）第1、2组的少数后代产白色蛋，说明双亲中的_鸭群混有杂合子。（5）运用_方法对上述遗传现象进行分析，可判断鸭蛋壳颜色的遗传符合孟德尔的_定律。【答案】青 性状分离 31 1/2 测交 F1相关的基因组成 金定 统计学 基因分离 【解析】（1）（2）第1组和第2组中康贝尔鸭和金定鸭杂交，不论是正交还是反交，后代所产蛋颜色几乎为青色。第3组和第4组为F1自交，子代
25、出现了不同的性状，即出现性状分离现象，且后代性状分离比 第3组青色白色=29401050，第4组青色白色=2730918，都接近于31 。所以可以推出青色为显性性状，白色为隐性性状。（3）由上述分析可知康贝尔鸭（白色）是隐性纯合子，第5组让F1与隐性纯合子杂交，这种杂交称为测交，用于检验F1是纯合子还是杂合子。试验结果显示后代产青色蛋的概率约为1/2。（4）康贝尔鸭肯定是纯合子，若亲代金定鸭均为纯合子，则所产蛋的颜色应该均为青色，不会出现白色，而第1组和第2组所产蛋的颜色有少量为白色，说明金定鸭群中混有少量杂合子。（5）本实验采用了统计学的方法对实验数据进行统计分析，可知鸭蛋壳的颜色受一对等位基因控制，符合孟德尔的基因分离定律。
