1、云南省楚雄州民中2018届高三第一次检测高三 物理一、单选题(共5小题,每小题6.0分,共30分) 1.如图所示，一轻质弹簧只受一个拉力F1时，其伸长量为x，当弹簧同时受到两个拉力F2和F3作用时，伸长量也为x，现对弹簧同时施加F1、F2、F3三个力作用时，其伸长量为x，则以下关于x与x关系正确的是()AxxBx2xCxx2xDx2x2.如图所示，一个楔形物体M放在固定的粗糙斜面上，M上表面水平且光滑，下表面粗糙，在其上表面上放一光滑小球m，楔形物体由静止释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是()A 沿斜面方向的直线 B 竖直向下的直线C 无规则的曲线 D 抛物线3.磁性减退的磁铁，需要充磁，充
2、磁的方式有多种如图所示，甲是将条形磁铁穿在通电螺线管中，乙是将条形磁铁夹在电磁铁中间，a、b和c、d接直流电源正确的接线方式是()Aa接电源的正极，b接负极；c接电源的正极，d接负极Ba接电源的正极，b接负极；c接电源的负极，d接正极Ca接电源的负极，b接正极；c接电源的正极，d接负极Da接电源的负极，b接正极；c接电源的负极，d接正极4.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路进行实验调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V则这台电动机正常运转时输
3、出功率为 ()A 32 WB 44 WC 47 WD 48 W5.如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为，物体，A，B通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，P为固定在斜面上且与斜面垂直的光滑挡板，物体A，B的质量分别为m和4m，开始时用手托住物体，滑轮两边的细绳恰好伸直，且左边的细绳与斜面平行，弹簧处于原长状态，A距离地面高度为h时开始下落，在A下落至地面前的瞬间，物体B恰好对挡板无压力空气阻力不计，下列关于物体A的说法正确的是()A 在下落至地面前的过程中机械能守恒B 在下落至地面前的瞬间速度不一定为零C 在下落至地面前的过程中对轻弹簧做的功为D 在下落至地面前的过程中，可能一直在做加速运
4、动二、多选题(共3小题,每小题6.0分,共18分) 6.(多选)下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是()A. BCD7.（多选）如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆）现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图上未画出)，两次金属块Q都保持在桌面上静止则后一种情况与原来相比较，下列说法中正确的是()AQ受到桌面的支持力变大BQ受到桌面的静摩擦力变大C 小球P运动的角速度变大D 小球P运动的周期变大8.（多选）如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理
5、想电压表、示数变化量的绝对值分别为，理想电流表示数变化量的绝对值，则（ ）A的示数增大B的示数增大C与的比值大于rD大于分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 9.某物理兴趣小组在一次探究活动中，要测量滑块与木板之间的动摩擦因数实验装置如图所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，右端装有定滑轮；木板上有一滑块，其左端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，右端通过跨过定滑轮的细绳与托盘连接，打点计时器使用的交流电源频率为50 Hz，开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速直线运动，在纸带上打出一系列点(1)上图给出的是实验中获取纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数
6、点间还有4个打点(图中未标出)，用刻度尺测量出计数点间的距离如图所示根据图中数据计算的加速度a_(保留三位有效数字)(2)请回答下列两个问题：为了测量滑块与木板之间的动摩擦因数，还需测量的物理量是_填写字母代号)A木板的长度LB木板的质量m1C滑块的质量m2D托盘和砝码的总质量m3E滑块的运动时间t欲测量中所选定的物理量，所需要的实验器材是_(3)实验时，用托盘和砝码的总重力来代替细绳对滑块的拉力，则滑块与木板之间的动摩擦因数 _(用L、g、a、m1、m2、m3、t中所需字母表示)与真实值相比，测量的动摩擦因数_(填“偏大”或“偏小”)10.某同学设计了一个测量金属丝电阻率的实验方案，实验室提
7、供的器材有：A电流表(内阻Rg=99，满偏电流Ig=3mA)B电流表(内阻约为0.2，量程为00.6A)C螺旋测微器D阻箱R0(0 -9999, 0.5A)E滑动变阻器R（5，2A)F干电池组（6V，0.05)G一个开关和导线若干他进行了以下操作：(1)用多用电表粗测金属丝的阻值：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用_挡（填“1”或“100”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图1所示，则金属丝的阻值约为_。(2)该同学为了较精确测量金属丝的阻值，设计了如图2实验电路，其中将电流表与电阻箱串联改装成量程为03V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0=_。请根据提供的器材和实验需
8、要，将该同学设计的电路图补画完整。(3)实验数据的测量与电阻率的计算，如果金属丝的长度用L表示，直径用d表示， 电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表的示数为I1,，电流表的示数为I2，请用已知量和测量量写出计算金属丝电阻率的表达式_。四、计算题 11.如图，AB段为长L8 m倾角37的斜面，BC段水平，AB与BC平滑相连一个质量m2 kg的物体从斜坡顶端以v02.0 m/s的初速度匀加速滑下，经时间t2.0 s 到达斜坡底端B点滑雪板与雪道间的动摩擦因数在AB段和BC段均相同求：(1)物体在斜坡上滑行时加速度的大小a;(2)滑雪板与雪道间的动摩擦因数；(3)物体滑上水平雪道后，在
9、t2.0 s内滑行的距离x.12.某装置用磁场控制带电粒子的运动，工作原理如图所示装置的长为L，上、下两个相同的矩形区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小均为B、方向与纸面垂直且相反，两磁场的间距为d.装置右端有一收集板，M、N、P为板上的三点，M位于轴线OO上，N、P分别位于下方磁场的上、下边界上在纸面内，质量为m、电荷量为q的粒子以某一速度从装置左端的中点射入，方向与轴线成30角，经过上方的磁场区域一次，恰好到达P点改变粒子入射速度的大小，可以控制粒子到达收集板的位置不计粒子的重力(1)求磁场区域的宽度h；(2)欲使粒子到达收集板的位置从P点移到N点，求粒子入射速度的最小变化量v；(3)欲使粒
10、子到达M点，求粒子入射速度大小的可能值【物理选修3-3】13.（1）下列说法正确的是（ ）A气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的，它跟气体分子的密集程度以及气体分子的平均动能有关B在绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果C液晶显示器是利用了液晶对光具有各向同性的特点D当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，分子间的距离越大，分子势能越小（2）如图所示的导热气缸固定于水平面上，缸内用活塞密封一定质量的理想气体，外界大气压强保持不变。现使气缸内气体温度从270C缓慢升高到870C，此过程中气体对活塞做功240 J，内能增加了60 J。活塞与气缸间无摩擦，不
11、漏气，且不计气体的重力，活塞可以缓慢自由滑动。求缸内气体从外界吸收的热量。 升温后缸内气体体积是升温前气体体积的多少倍？答案解析1.【答案】B【解析】由题述可知同时受到两个拉力F2和F3作用时，作用效果等同于只受一个拉力F1作用；同时施加F1、F2、F3三个力作用时，其伸长量为x2x，选项B正确2.【答案】B【解析】对小球进行受力分析可知：小球所受的重力和支持力均沿竖直方向，小球在水平方向上不受力根据牛顿第一定律可知，小球在水平方向上的运动状态不变，又因楔形物体由静止释放，故小球在水平方向上无运动，只沿竖直方向向下做直线运动，选项B正确3.【答案】C【解析】甲图中若要给磁铁充磁，则螺线管内部磁
12、场方向向左，根据右手螺旋定则可知a接电源的负极，b接正极；乙图中若要给磁铁充磁，则螺线管左端为S极右端为N极，根据右手螺旋定则可知c接电源的正极，d接负极，故应该选C.4.【答案】A【解析】当电动机停止转动时，此时电动机相当于一个纯电阻，所以由题中的两表读数，可以计算出电动机的内阻为R，代入数据得R4 ，重新调节R并使电动机恢复正常运转，根据题中的两表读数，计算出电动机的输出功率为PUII2R，代入数据得P32 W，B，C，D错误，A正确5.【答案】C【解析】A从静止到下落过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，所以A在下落至地面的过程中系统的机械能守恒，而A的机械能不守恒，故A错误；据在A下落至地
13、面前的瞬间，物体B恰好对挡板无压力，以B为研究对象，据平衡求得此时弹簧的弹力为T4mgsin 302mg；再以A为研究对象，当A静止释放的瞬间，A受重力mg，其合力方向向下，大小为mg；当A落地瞬间，A受重力mg和弹簧的弹力2mg，其合力向上，大小为mg，A做简谐运动，据对称性可知，落地瞬间其速度为零；据弹簧振子的运动情况可知，A向下运动时，先做加速度减小的加速运动，然后做加速度逐渐增大的减速运动，故B、D错误；据A做简谐运动和能量守恒可知，A落地瞬间，A的重力势能完全转化为弹簧的弹性势能，所以弹簧的弹力做功可能为mgh，故C正确6.【答案】BC【解析】A、B选项中左图表明03 s内物体匀速运
14、动，位移应正比于时间，加速度为零，35 s内物体匀加速运动，加速度大小a2 m/s2，A错，B对；C、D选项中左图表示03 s位移不变，物体静止(速度为零，加速度为零)，35 s内位移与时间成正比，表示物体匀速运动，v2 m/s，a0，C对，D错7.【答案】BC【解析】根据小球做圆周运动的特点，设线与竖直方向的夹角为，故FT，对金属块受力分析由平衡条件FfFTsinmgtan，FNFTcosMgmgMg，故在增大时，Q受到的支持力不变，静摩擦力变大，A选项错误，B选项正确；设线的长度为L，由mgtanm2Lsin，得，故角速度变大，周期变小，故C选项正确，D选项错误8.【答案】ACD【解析】滑
15、动变阻器的滑片向下滑动，导致滑动变阻器阻值变小，由于电压表断路，定值电阻和滑动变阻器为串联，滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，电源电动势不变，总电流变大，即电流表示数变大，选项A对。电压表测量定值电阻的电压，电阻不变，总电流变大，所以电压变大即示数增大。电压表测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压，示数变小，选项B错。电压表测量滑动变阻器电压，设电流增加量为，则根据，所以，选项D对。电压表的变化量，所以，选项C对。9.【答案】(1)0.497 m/s2 (2)CD 天平 (3)偏大【解析】(1)根据xaT2，可知加速度a，代入数据得：a0.497 m/s2；(2)将托盘与滑块做为一个系统，根据
16、牛顿第二定律，m3gm2g(m2m3)a，因此还要测量C、D；测量质量用天平测量；(3)若用托盘和砝码的总重力来代替细绳对滑块的拉力，则m3gm2gm2a，可求出动摩擦因数， 真正的动摩擦因数，根据m3gm2g(m2m3)a求出，因此测量值偏大10.【答案】（1）115 （2）901 电路图为：（3）【解析】（1）欧姆表指针偏转角度大，电流大，电阻偏小，故应选用“1”挡位；换挡后应该重新校零，再读数，读数时用欧姆挡的刻度盘读数乘以倍率即可；（2）表头改装为电压表应该串联分压电阻，根据欧姆定律R0=901补画的电路图如图所示：（3）通过待测电阻的电流为：I=I2-I1待测电阻两端的电压为：U=I
17、1（Rg+R0）根据欧姆定律有R，根据电阻定律，有R，解得。11.【答案】(1)2 m/s2(2)0.5(3)3.6 m【解析】(1)物体沿斜坡下滑L过程中，由运动学公式Lv0tat2a2 m/s2(2)沿斜坡下滑过程，由牛顿第二定律知：mgsinmgcosma0.5(3)在水平雪道滑行过程：vBv0at222 m/s6 m/sag5 m/s2t0s1.2 sxt01.2 m3.6 m.12.【答案】(1)(Ld)(1)(2)(d)(3)(d)(1n1，n取整数)【解析】(1)设粒子在磁场中的轨迹半径为r，粒子的运动轨迹如图所示根据题意知L3rsin 303dcos 30，且磁场区域的宽度hr(1cos 30)解得：h(Ld)(1)(2)设改变入射速度后粒子在磁场中的轨迹半径为r，洛伦兹力提供向心力，则有mqvB，mqvB，由题意知3rsin 304rsin 30，解得粒子速度的最小变化量vvv(d)(3)设粒子经过上方磁场n次由题意知L(2n2)cos 30(2n2)rnsin 30且mqvnB，解得vn(d)(1n1，n取整数)13.【答案】（1）AB （2）300J 1.2倍【解析】（1）AB（2）根据热力学第一定律：EWQ得QEW60J240J300J；根据查理定律：得；
