1、2015-2016学年四川省南充市高二（上）期末物理试卷一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类文明的进程，关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A库伦最早用实验测得元电荷e的数值B欧姆首先引入电场线和磁感线C焦耳发现电流通过电阻产生的热量Q=I2RtD奥斯特发现了电磁感应现象2下列关于磁场和磁感线的描述中正确的是（）A磁感线可以形象地描述各点磁场的方向B磁感线是磁场中客观存在的C实验中观察到的铁屑的分布就是磁感线D磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止3真空中有两个相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B，两小球相距L
2、固定，A小球所带电荷量为2Q、B所带电荷量为+4Q，两小球间的静电力大小是F，现在让A、B两球接触后，使其距离变为2L此时，A、B两球之间的库仑力的大小是（）ABCD4两根相同的金属棵导线，如果把其中一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折，则它们的电阻之比为（）A8：1B16：1C2：1D4：15为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）ABCD6如图所示，电磁炮是由电源、金属轨道、炮弹和电磁铁组成的，当电源接通后，磁场对流过炮弹的电流产生力的作用，使炮弹获得极大的发射速度，如图的各俯视图中正确表示磁
3、场B方向的是（）ABCD7如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，两轨间的距离为L，导轨所在平面与水平面间的夹角为，整个装置处于垂直于斜面向上的匀强磁场中，金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止，则磁感应强度的大小为（）ABCD8如图所示，平行金属板水平正对放置，分别带等量异号电荷一带电微粒水平射板间，在重力和电场力共作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A微粒从M点运动到N点动能一定增加B微粒从M点运动到N点电势能一定增加C微粒从M点运动到N点机械能一定增加D若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷9如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（）ABCD1
4、0如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其产生感生电流？（）A线圈向右匀速移动B线圈向右加速移动C线圈垂直于纸面向里平动D线圈绕O1O2轴转动11在如图所示电路中，电源电动势为9V，内阻为1.0，电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A，则以下判断中正确的是（）A电动机的输出功率为8.0WB电动机两端的电压为6.0VC电动机产生的热功率为4.0WD电源输出的电功率为14.0W12如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场
5、，电场和磁场区域中，有一个固定在竖直平面内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球，O点圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，bO沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A当小球运动到b点时，小球受到的洛伦兹力最大B当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小D小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大13下列物理公式属于定义式的是（）AE=BC=CB=DI=14点电荷产生的电场的电场线如图所示，A、B、C是同一电场线上的三个点，且=，下列说法中
6、正确的是（）AA点的电场强度大于B点的电场强度B将负电荷由A点移动到C点，电场力做正功CA、B两点间的电势差等于B、C两点间的电势差D在A点静止释放一带正电的粒子，只在电场力作用下该粒子将沿电场线做直线运动15如图所示，甲是质谱仪的工作原理示意图，乙是回旋加速器的原理图，丙图是研究楞次定律的实验图，丁是研究自感现象的实验电路图，下列说法正确的是（）A甲图是用来测定带电粒子比荷的装置，可以用来研究同位素B乙图是加速带电粒子的装置，其加速电压越大，带电粒子最后获得的速度越大C丙图中磁铁插入过程中，电流由a通过电流计流向bD丁图电路开关断开瞬间，灯泡A一定会突然闪亮一下16如图所示，平行金属板中带电
7、质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表的内阻对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）A电压表读数减小B电流表读数减小C质点P将向下运动DR3消耗的功率逐渐增大二、解答题（共5小题，满分52分）17某同学在测定金属丝电阻率的实验中，进行了如下操作，请你将相应的操作步骤补充完整（1）他首先用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，该金属丝的直径为mm（2）他再用多用电表粗测金属丝的阻值，将选择开关旋至电阻档“1”档位，短接红黑表笔进行（填“机械调零”或“欧姆调零”），然后测量，得到的结果如图乙所示，则金属丝的电阻为（3）他想用伏安法更精确地测量该金属丝的阻值，他用如图丙所示的装置
8、进行测量，其中部分器材的规格为：电源E（两节干电池，3V），电流表（量程0.6A，内阻约1），电压表（量程3V，内阻约10k），滑动变阻器（阻值范围020，额定电流1A）要求滑动变阻器采用限流式接法，为了减小实验误差，请你在图丙中加两条导线将未连接完的电路连起来18某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为2，电压表V（03V，内阻约3k）、电流表A（00.6A，内阻约10）、滑动变阻器有R1（10，2A）和R2各一只（1）实验中滑动变阻器应选用（填“R1”或“R2”）（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的UI图线，由图可较准确得求
9、出的电源电动势E=V，内阻r=（保留3位有效数字）（3）该实验测量的电动势比真实值（填“偏大”或“偏小”）19如图，两条光滑金属导轨MN，PQ相互平行地固定在水平桌面上，导轨之间的间距L=0.2m，导轨处于磁感应强度B=2T、方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨左端接有一阻值R=0.4的小灯泡导体棒MN垂直放置在导轨上，当用一水平恒力F作用在导体MN上，使之以v=6m/s的速度匀速向右运动，小灯泡恰能正常发光（除灯泡外其余电阻不计），求：（1）感应电动势的大小；（2）水平恒力F的大小20一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线
10、与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时，小球到达B点速度恰好为零试求：（1）AB两点的电势差UAB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小21如图所示的平面直角坐标系xOy，在第象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y正方向；在第象限的正三角形abc区域内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里，正三角形边长为L，且ab边与y轴平行一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的p（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第象限，且速度与y轴负方向成45角，不计粒
11、子所受的重力求：（1）电场强度E的大小；（2）粒子到达a点时速度的大小和方向；（3）abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值2015-2016学年四川省南充市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类文明的进程，关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A库伦最早用实验测得元电荷e的数值B欧姆首先引入电场线和磁感线C焦耳发现电流通过电阻产生的热量Q=I2RtD奥斯特发现了电磁感应现象【考点】物理学史【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、密立根最早用实
12、验测得元电荷e的数值，故A错误B、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故B错误C、焦耳发现电流通过电阻产生的热量Q=I2Rt，故C正确D、奥斯特发现了电流的磁效应，是法拉第发现了电磁感应现象，故D错误故选：C2下列关于磁场和磁感线的描述中正确的是（）A磁感线可以形象地描述各点磁场的方向B磁感线是磁场中客观存在的C实验中观察到的铁屑的分布就是磁感线D磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度【分析】像电场线的引入一样，为了形象的描述磁场的强弱和方向引入了磁感线，磁感线不是真实存在的是假想的线，和电场线不同，磁感线是闭合的，在磁铁外
13、部由N极指向S极，内部由S极指向N极【解答】解：A、磁场中每点的磁场方向和该点沿磁感线的切线方向一致，故A正确；B、为了形象的描述磁场的强弱和方向引入的假想的线，实际上是不存在的故B错误；C、实验中观察到的铁屑的分布体现磁场力的方向，但不是磁感线，故C错误D、磁感线从磁铁外部的N极指向S极，而内部则是从S极指向N极，故D错误；故选：A3真空中有两个相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B，两小球相距L固定，A小球所带电荷量为2Q、B所带电荷量为+4Q，两小球间的静电力大小是F，现在让A、B两球接触后，使其距离变为2L此时，A、B两球之间的库仑力的大小是（）ABCD【考点】库仑定律【分析】将它们
14、接触后再分开，则电荷量中和，再进行平分，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小【解答】解：根据库仑定律F=k，则有两球间的库仑力F=将它们接触后再分开，然后放在距离为2L，则电荷量中和，再进行平分，因此电量均为+Q，则库仑力为F=，故B正确故选：B4两根相同的金属棵导线，如果把其中一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折，则它们的电阻之比为（）A8：1B16：1C2：1D4：1【考点】电阻定律【分析】电阻定律：导体的电阻R跟它的长度L成正比，跟它的横截面积S成反比，还跟导体的材料有关系；即公式为R=，从而求解【解答】解：两根完全相同的金属裸导线，把其中的一根均匀拉长到原来的2
15、倍，长度变为2倍，截面积变为倍，根据电阻定律公式R=，电阻增加为4倍；另一根对折后绞合起来，长度变为0.5倍，截面积变为2倍，根据电阻定律公式R=，电阻增加为倍；故这两根导线后来的电阻之比为4： =16：1，故B正确，ACD错误；故选：B5为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）ABCD【考点】分子电流假说【分析】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向【解答】解：地磁的
16、南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西故B正确故选B6如图所示，电磁炮是由电源、金属轨道、炮弹和电磁铁组成的，当电源接通后，磁场对流过炮弹的电流产生力的作用，使炮弹获得极大的发射速度，如图的各俯视图中正确表示磁场B方向的是（）ABCD【考点】左手定则【分析】电流由电源正极经炮弹流向电源负极，炮弹受到的安培力方向应水平向前，由左手定则判断磁场方向是否正确【解答】解：A、由左手定则可知，图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向后，不符合实际，故A错误；B、由左手定则可知，
17、图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向前，符合实际，故B正确；C、由左手定则可知，炮弹不受安培力，不符合要求，故C错误；D、由左手定则可知，炮弹不受安培力，不符合要求，故D错误；故选：B7如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，两轨间的距离为L，导轨所在平面与水平面间的夹角为，整个装置处于垂直于斜面向上的匀强磁场中，金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止，则磁感应强度的大小为（）ABCD【考点】安培力；共点力平衡的条件及其应用【分析】金属棒静止，金属棒处于平衡状态，所受合力为零，对金属棒进行受力分析，根据左手定则判断安培力方向，根据平衡条件求解磁感应强度的大小
18、【解答】解：磁场方向垂直于导轨平面向上，根据左手定则，安培力方向沿导轨平面向上，导体棒受重力、支持力和安培力，如图所示：根据平衡条件，有：FA=BIL=mgsin解得：B=，故C正确故选：C8如图所示，平行金属板水平正对放置，分别带等量异号电荷一带电微粒水平射板间，在重力和电场力共作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A微粒从M点运动到N点动能一定增加B微粒从M点运动到N点电势能一定增加C微粒从M点运动到N点机械能一定增加D若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】曲线运动的条件是合力指向曲线的内侧；粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，水平分运动是
19、匀速直线运动，竖直分运动是匀加速直线运动，结合功能关系分析即可【解答】解：A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，根据曲线运动的条件可知，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加；故A正确； B、由于不能明确电场力和重力的关系，电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，故B错误；C、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，故C错误；D、根据以上分析可知，微粒受电场力可能向下也可能向上；故A板可能带正电荷也可能为带负电荷；故D错误；故选：A9如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正
20、确的是（）ABCD【考点】左手定则【分析】左手定则的内容：伸开左手，使四指与大拇指垂直，且在同一个平面内，让磁感线穿过掌心，四指方向与正电荷的运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力的方向【解答】解：A、根据左手定则知，负电荷受洛伦兹力向下，故A错误；B、根据左手定则知，正电荷受到洛伦兹力垂直纸面向里，故B错误；C、根据左手定则知，正电荷受到的洛伦兹力向下，故C正确，D、根据左手定则知，正电荷受到洛伦兹力方向垂直纸面向里故D错误故选：C10如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其产生感生电流？（
21、）A线圈向右匀速移动B线圈向右加速移动C线圈垂直于纸面向里平动D线圈绕O1O2轴转动【考点】感应电流的产生条件【分析】产生感应电流的条件是：闭合回路中的磁通量发生变化因此解题的关键是通过线圈的运动情况判断其磁通量是否变化，从而判断出是否有感应电流产生【解答】解：由题可知该磁场是匀强磁场，线圈的磁通量为：=Bs，s为垂直于磁场的有效面积，无论线圈向右匀速还是加速移动或者垂直于纸面向里平动，线圈始终与磁场垂直，有效面积不变，因此磁通量一直不变，所以无感应电流产生，故ABC错误；当线圈绕O1O2轴转动时，在转动过程中，线圈与磁场垂直的有效面积在不断变化，因此磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确
22、故选D11在如图所示电路中，电源电动势为9V，内阻为1.0，电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A，则以下判断中正确的是（）A电动机的输出功率为8.0WB电动机两端的电压为6.0VC电动机产生的热功率为4.0WD电源输出的电功率为14.0W【考点】电功、电功率【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的【解答】解：AB、电动机两端的电压：UM=E
23、I（r+R0）=92（1.0+1.5）=4V，电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的总功率为：P总=UMI=42=8W，电动机的发热功率为：P热=I2R=220.5=2W，所以电动机的输出功率为P机=8 W2W=6W，所以A错误，B错误；C、电动机的发热功率为：P热=I2R=220.5=2W，所以C错误；D、电源的输出的功率为：P输出=EII2R=92221=14W，所以D正确故选：D12如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场区域中，有一个固定在竖直平面内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球，O点圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c
24、点为最低点，bO沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A当小球运动到b点时，小球受到的洛伦兹力最大B当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小D小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可【解答】解：
25、电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大A、设电场力与重力的合力为F，小球从a点运动到b点，F做正功，小球的动能增大，从b运动到c，动能先增大后减小，bc弧的中点速度最大，动能最大，故A错误B、当小球运动到c点时，由支持力、洛伦兹力和重力的合力提供向心力，洛伦兹力方向向上，由FN+F洛mg=m，可知，FN不一定大于mg，故B错误C、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，合力先做正功后做负功，则动能先增大后减小故C正确D、小球从a点运
26、动到b点，重力和电场力均做正功，则重力势能和电势能均减小，故D错误故选：C13下列物理公式属于定义式的是（）AE=BC=CB=DI=【考点】电场强度；电容；欧姆定律；磁感应强度【分析】对于一个定义式，往往被定义出来的物理量与参与定义的量之间不存在正比与反比的关系，它只表示量度该物理量的一种方法由此分析即可【解答】解：A、电场强度的定义式是E=，公式E=反映匀强电场中电场强度与电势差的关系，不是电场强度的定义式故A错误B、公式C=是电容的定义式，采用比值法定义，故B正确C、公式B=是磁感应强度的定义式，采用比值法定义，故C正确D、公式I=是欧姆定律表达式，说明I与U成正比，与R成反比，不是电流的
27、定义式，故D错误故选：BC14点电荷产生的电场的电场线如图所示，A、B、C是同一电场线上的三个点，且=，下列说法中正确的是（）AA点的电场强度大于B点的电场强度B将负电荷由A点移动到C点，电场力做正功CA、B两点间的电势差等于B、C两点间的电势差D在A点静止释放一带正电的粒子，只在电场力作用下该粒子将沿电场线做直线运动【考点】电场线；电场强度【分析】电场线越密，场强越大沿电场线方向电势逐渐降低，正电荷所受电场力的方向与场强方向一致，负电荷所受电场力的方向与场强方向相反，根据判断电势差的大小【解答】解：A、A点处电场线较密，所以电场强度较大，故A正确；B、负电荷在A点受到电场力方向与场强方向相反
28、，所以将负电荷由A点移动到C点，电场力做负功，故B错误；C、该电场不是匀强电场，所以A、B两点间的电势差不等于B、C两点间的电势差，故C错误；D、在A点静止释放一带正电的粒子，受到与电场方向一致的电场力，电场线是直线，所以只在电场力作用下该粒子将沿电场线做直线运动，故D正确；故选：AD15如图所示，甲是质谱仪的工作原理示意图，乙是回旋加速器的原理图，丙图是研究楞次定律的实验图，丁是研究自感现象的实验电路图，下列说法正确的是（）A甲图是用来测定带电粒子比荷的装置，可以用来研究同位素B乙图是加速带电粒子的装置，其加速电压越大，带电粒子最后获得的速度越大C丙图中磁铁插入过程中，电流由a通过电流计流向
29、bD丁图电路开关断开瞬间，灯泡A一定会突然闪亮一下【考点】楞次定律；质谱仪和回旋加速器的工作原理；自感现象和自感系数【分析】四副图中分别属于四种不同的物理情景，涉及不同的原理，根据各自的原理来分析解答即可【解答】解：A、甲图是用来测定带电粒子比荷的装置，设速度选择器中电场强度为E，磁感应强度为B1，下边的磁场磁感应强度为B2，在速度选择器中，为使粒子不发生偏转，粒子所受到电场力和洛伦兹力是平衡力，即为qvB1=qE，所以电场与磁场的关系为：v=；能通过速度选择器的狭缝S0的带电粒子进入下边的磁场后洛伦兹力提供向心力，则：，所以：r=，所以粒子的比荷越小，打在胶片上的位置越远离狭缝S0，所以该装
30、置可以用来研究电荷数相等而质量数不相等的同位素故A正确；B、设D形盒的半径为R，当离子圆周运动的半径等于R时，获得的动能最大，则由Bqv=m可得：v=，则最大动能：Ekm=mv2=可见，最大动能与加速电压无关，增大D形盒的半径可增加离子从回旋加速器中获得的最大动能故B错误；C、丙图中磁铁插入过程中，穿过线圈的向右的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流的磁场的方向向左，所以线圈外侧的电流方向向上，电流由a通过电流计流向b故C正确；D、电键断开的瞬间，由于线圈对电流有阻碍作用，通过线圈的电流会通过灯泡A，所以灯泡A不会立即熄灭，若断开前，通过电感的电流大于灯泡的电流，断开开关后，灯泡会闪亮一
31、下然后逐渐熄灭若断开前，通过电感的电流小于等于灯泡的电流，断开开关后，灯泡不会闪亮一下故D错误故选：AC16如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表的内阻对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）A电压表读数减小B电流表读数减小C质点P将向下运动DR3消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况【解答】解：A、由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电
32、容器与R3并联，当滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小，路端电压增大，同时R1两端的电压也减小，故并联部分的电压增大，由欧姆定律可知流过R3的电流增大，则流过串联部分的电流减小，即电流表示数减小，因而R2中电压减小，故电压表示数增大，故A错误，B正确；C、因电容器两端电压等于联部分的电压，则电容器电压增大，电场强度增大，故电荷受到的向上电场力增大，则重力小于电场力，合力向上，电荷向上运动，故C错误；D、因R3两端的电压增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大，故D正确；故选：BD二、解答题（共5小题，满分52分）17某同学在测定金属丝
33、电阻率的实验中，进行了如下操作，请你将相应的操作步骤补充完整（1）他首先用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，该金属丝的直径为0.850mm（2）他再用多用电表粗测金属丝的阻值，将选择开关旋至电阻档“1”档位，短接红黑表笔进行欧姆调零（填“机械调零”或“欧姆调零”），然后测量，得到的结果如图乙所示，则金属丝的电阻为6（3）他想用伏安法更精确地测量该金属丝的阻值，他用如图丙所示的装置进行测量，其中部分器材的规格为：电源E（两节干电池，3V），电流表（量程0.6A，内阻约1），电压表（量程3V，内阻约10k），滑动变阻器（阻值范围020，额定电流1A）要求滑动变阻器采用限流式接法，为了减小实验误
34、差，请你在图丙中加两条导线将未连接完的电路连起来【考点】测定金属的电阻率【分析】（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）用多用电表粗测金属丝的阻值时选档后一定要先进行欧姆调零，读数时尽量使指针指在中央刻度附近，欧姆表的读数等于表盘示数乘以倍率；（3）先判断电流表内接还是外接后连接电路【解答】解：（1）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为35.00.01mm=0.350mm，所以最终读数为：0.5mm+0.350mm=0.850mm；（2）用多用电表粗测金属丝的阻值时选档后一定要先进行欧姆调零，测量后如图乙所示指针示数为6，倍率为“1”，
35、故最后读数为：61=6；（3）=1006，被测电阻为小电阻，故采用电流表外接法，题目要求滑动变阻器采用限流式接法，连接实物电路图如图：故答案为：（1）0.850；（2）欧姆调零；6；（3）如图所示18某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为2，电压表V（03V，内阻约3k）、电流表A（00.6A，内阻约10）、滑动变阻器有R1（10，2A）和R2各一只（1）实验中滑动变阻器应选用R1（填“R1”或“R2”）（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的UI图线，由图可较准确得求出的电源电动势E=1.45V，内阻r=1.80（保留3位有效数
36、字）（3）该实验测量的电动势比真实值偏小（填“偏大”或“偏小”）【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器；（2）由闭合电路欧姆定律分析UI图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻；（3）根据电压表的分流作用分析实验误差即可分析电动势与真实值的关系【解答】解：（1）干电池的电动势约为1.5V，内阻约为2，则电流测量值的最大值为为0.75A，而滑动变阻器R2的额定电流为0.1A，因此滑动变阻器应选R1（2）由图丙所示UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.46，
37、则电源电动势E=1.45V，图象斜率表示内阻，则有：，（3）本实验中由于电压表的分流，使电流测量值小于真实值，而电压表示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以短流电流向左下移动，故图象与纵坐标的交点减小，图象的斜率减小，故电动势小于真实值故答案为：（1）R1；（2）1.45；1.80；（3）偏小19如图，两条光滑金属导轨MN，PQ相互平行地固定在水平桌面上，导轨之间的间距L=0.2m，导轨处于磁感应强度B=2T、方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨左端接有一阻值R=0.4的小灯泡导体棒MN垂直放置在导轨上，当用一水平恒力F作用在导体MN上，使之以v=6m
38、/s的速度匀速向右运动，小灯泡恰能正常发光（除灯泡外其余电阻不计），求：（1）感应电动势的大小；（2）水平恒力F的大小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【分析】考察电磁感应以及电路知识（1）直接根据导体切割磁感线的公式，计算感应电动势的；（2）匀速运动，根据平衡条件求解【解答】解：根据题意可得：（1）导体棒切割磁感线产生感应电动势，根据公式可得：E=BLv=20.26=2.4（V）；（2）由于cd做匀速直线运动，所以运动方向上受力平衡对cd受力分析，发现 cd水平方向受到两个力，故，F=F安F安=BIL=2.4（N）答：（1）感应电动势的大小为2.4V；（2）水平恒力F的
39、大小为2.4N20一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时，小球到达B点速度恰好为零试求：（1）AB两点的电势差UAB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小【考点】电势差；共点力平衡的条件及其应用；动能定理的应用；电场强度【分析】（1）小球从A到B的过程中，重力做正功mgLsin60，电场力做功为qUAB，动能的变化量为零，根据动能定理求解电势差UAB；（2）根据电场强度与电势差的关系U=Ed求解场强式中d是AB沿电场线方向的
40、距离，d=LLcos60（3）小球在AB间摆动时具有对称性，B处绳拉力与A处绳拉力相等，研究A处绳子的拉力得到B处绳子的拉力在A处小球水平方向平衡，由平衡条件求解拉力【解答】解：（1）小球由A到B过程中，由动能定理得： mgLsin60+qUAB=0所以UAB=；（2）BA间电势差为UBA=UAB=则场强E=；（3）小球在AB间摆动，由对称性得知，B处绳拉力与A处绳拉力相等，而在A处，由水平方向平衡有： FTA=Eq=mg，所以FTB=FTA=mg答：（1）AB两点的电势差UAB为；（2）匀强电场的场强大小是；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小是mg21如图所示的平面直角坐标系xOy，
41、在第象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y正方向；在第象限的正三角形abc区域内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里，正三角形边长为L，且ab边与y轴平行一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的p（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第象限，且速度与y轴负方向成45角，不计粒子所受的重力求：（1）电场强度E的大小；（2）粒子到达a点时速度的大小和方向；（3）abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，应用类平
42、抛运动规律求出电场强度（2）应用运动的合成与分解求出速度大小与方向（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出磁感应强度【解答】解：（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向：2h=v0t，竖直方向：h=t2，解得：E=；（2）粒子到达a点时沿负y方向的分速度为：vy=at=t=v0，速度：v=v0，方向与x轴正方向成450角；（3）粒子在磁场中运动时，由牛顿第二定律得：qvB=m，当粒子从b点射出时，半径最大，磁场的磁感应强度有最小值，运动轨迹如图所示：由几何知识得：r=L，解得：B=；答：（1）电场强度E的大小为；（2）粒子到达a点时速度的大小为： v0，方向：与x轴正方向成450角；（3）abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值为2017年4月8日
