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四川省乐山市犍为第一中学2020届高三化学上学期模拟考试试题(含解析).doc

上传人:高**** 文档编号:63630 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:16 大小:893.50KB
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资源描述

1、四川省乐山市犍为第一中学2020届高三化学上学期模拟考试试题(含解析)1.化学与生活、环境密切相关,下列说法错误的是( )A. 享有“镇国之宝”称谓的“司母戊鼎”属于青铜制品B. “煤改气”可以减少SO2等有害物质的排放量,有利于“雾霾”天气的治理C. 汽车尾气中含有的氮氧化物,是汽油不完全燃烧造成的D. 做油条用的膨松剂不应含明矾【答案】C【解析】【详解】A. 司母戊鼎是中国古代最重的青铜器,故A说法正确;B. 煤燃烧时会产生大量的SO2及粉尘,天然气燃烧时不会产生粉尘,故B说法正确;C. 汽油来自于石油,石油属于烃类化合物,仅含碳氢两种元素,汽车尾气中的氮氧化物是汽车发动机启动时产生的电火

2、花或高温下引起空气中N2与O2发生反应生成的,故C说法错误;D. 明矾是一种铝盐,体内铝元素聚集到一定量时会危害健康,因此做油条时的膨松剂不应含明矾,D项正确;答案:C。2.乙酸乙酯是一种用途广泛的精细化工产品。工业生产乙酸乙酯的方法很多,如图:下列说法正确的是()A. 反应、均是取代反应B. 反应、的原子利用率均为100C. 与乙酸乙酯互为同分异构体的酯类化合物有2种D. 乙醇、乙酸、乙酸乙酯三种无色液体可用Na2CO3溶液鉴别【答案】D【解析】【详解】A. 反应为酯化反应,属于取代反应,反应不饱和度降低,为加成反应,A项错误;B. 反应产物只有乙酸乙酯,其原子利用率为100,而反应为C4H

3、10+O2 C4H8O2,H原子没有全部进入到目标产物,原子利用率不为100%,B项错误;C.与乙酸乙酯互为同分异构体的酯类有HCOOCH2CH2CH3,HCOOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH3共3中,C项错误;D. 乙醇溶于碳酸钠溶液,乙酸与碳酸钠反应生成二氧化碳,乙酸乙酯不溶于碳酸钠溶液,则乙醇、乙酸、乙酸乙酯三种无色液体可用Na2CO3溶液鉴别,D项正确;答案选D。【点睛】有机物中的化学反应类型是常考点,其中取代反应与加成反应的特点很显著,判断依据可归纳为:若为取代反应,以甲烷与氯气在光照下反应为例,甲烷分子内的一个H被取代,消耗一个Cl2,同时产生一个无机小分子HCl;若为加

4、成反应,以CH2=CH2与Br2反应为例,其原理是:C=C中的双键断开其中一个,两个C各形成一个半键,分别与两个Br原子结合成键,其特点就是双键变单键,不饱和变饱和。依据两者的区别,本题的A选项反应显然为加成反应,而不是取代反应。因此抓住有机反应类型的主要特点才能万变不离其宗,解答此类题型时游刃有余。3.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中正确的是( )A. 3.2gO2与钠完全反应后,生成的阴离子的总数为0.2NAB. 0.1mol氯气完全溶于水后,溶液中Cl-、HClO数目之和为0.2NAC. 1.7g氨气与2.24L氨气中氨分子数目均为0.1NAD. 0.1mol 甘油(C3H8O3

5、)与丙醇的混合物完全燃烧生成的水分子数目为0.4NA【答案】D【解析】【详解】A. O2与钠反应可得到Na2O2或Na2O或二者的混合物,因此无法确定生成的阴离子数目是多少,故A错误;B. 氯水中除了Cl-、ClO、HClO外还有氯气分子存在,故B错误;C. 因没有明确与气体相对应的温度与压强,因此无法计算出2.24L氨气的物质的量,C项错误;D. 1mol甘油(C3H8O3)与1mol丙醇(CH3CH2CH2OH),它们含有氢原子物质的量相等,根据原子守恒,它们单独完全燃烧时生成的H2O分子数目均是4NA,故D正确;答案:D。4.下列实验操作与结论都正确且有相关性的是( )选项实验操作及现象

6、结论A向酸性高锰酸钾溶液中滴加适量乙醛溶液,充分振荡,紫红色褪色乙醛具有还原性B向某溶液中滴加Ba(NO3)3溶液和盐酸,产生白色沉淀该溶液含SO42-C向品红溶液中通入气体R,溶液变无色;微热,颜色无变化R一定是Cl2D将丁烷的裂解气通入溴水中,溴水褪色裂解气一定含乙烯A. AB. BC. CD. D【答案】A【解析】【详解】A高锰酸钾具有强氧化性,与乙醛反应时化合价降低,则乙醛作还原剂,具有还原性,A操作及结论正确;B向某溶液中滴加Ba(NO3)3溶液和盐酸,相当于向溶液中加入硝酸,若原溶液中含有亚硫酸根离子时,也能产生白色沉淀,B结论错误;C能够使品红溶液褪色,且加热不还原的气体,除氯气

7、外,还可能为臭氧等,C结论错误;D丁烷的裂解时,可能生成乙烯、乙烷或丙烯、甲烷,乙烯和丙烯都含有碳碳双键,都能使溴水褪色,D结论错误;答案为A。5.我国成功研制出一种全新的铝-石墨双离子电池(AGDIB),这种新型AGDIB电池采用廉价且易得的石墨、铝箔作为电极材料,以常规锂盐和碳酸酯溶剂为电解液。该电池工作原理是:充电过程中,石墨发生阴离子插层反应,而铝电极发生铝-锂合金化反应,放电过程则相反。电池反应式为CxPF6+ LiyAlCx+LiPF6+ Liy-1Al,下列说法不正确的是A. 铝箔是电池负极B. 充电时,铝电极发生铝锂合金化反应是还原反应C. 充电时A作阳极,放电时A电极的电极反

8、应式为CxPF6+e-=Cx+D. 废旧AGDIB电池进行“放电处理”,让Li+进入石墨中而有利于回收【答案】D【解析】【分析】放电是原电池,根据装置图中根据离子转移方向或Li是活泼金属,即B电极为负极,A电极为正极,充电时,电池的正极接电源的正极,电池的负极接电源的负极,据此分析。【详解】A. Li从右向左移动,根据原电池工作原理,B电极为负极,A电极为正极,即铝箔是电池的负极,故A说法正确;B. 电池充电时,电池的负极接电源的负极,电池的正极接电源的正极,根据A选项分析,铝电极在充电时作阴极,得电子,发生还原反应,故B说法正确;C. 放电时,电极A为正极,根据电池反应式,该电极反应式为Cx

9、PF6e=CxPF6,根据B选项分析,充电时电极A作阳极,故C说法正确;D. 废旧AGDIR电池进行“放电处理”让Li+进入电解液中,不是进入石墨中,故D说法错误;答案:D。6.主族元素W、X、Y、Z原子序数依次增加,且均不大于20。W的最外层电子数与X、Y的最外层电子数之和相等,X在周期表中所处的周期数等于族序数,在周期表前四周期的所有主族元素中Z的原子序数最大。下列说法正确的是( )A. 原子半径:YXWB. W、Z最高正价之和等于8C. W、X的简单离子的电子层结构相同D. X的最高价氧化物对应水化物的碱性比Z强【答案】C【解析】【分析】同周期从左向右原子半径依次减小,同主族从上到下原子

10、半径依次增大,前四周期主族元素中,原子半径最大的是K,即Z为K,X在周期表中所处的周期数等于族序数,符合条件的是H、Be、Al,因为原子序数依次增大,因此X不可能为H,假设X为Be,四种元素原子序数依次增大,根据W的最外层电子数与X、Y的最外层电子数之和相等,没有符合W的元素,假设X为Al,根据核外电子排布规律,W为F,Y为Si,据此回答:【详解】A. 根据上述分析和推断,原子半径:AlSiF,故A错误;B. W为F,没有最高正价,故B错误;C. W、X的简单离子分别是F、Al3,都有2个电子层,电子层结构相同,故C正确;D. 金属性越强,其最高价氧化物对应水化物的碱性越强,金属性大小顺序是K

11、Al,碱性KOHAl(OH)3,故D错误;答案:C。【点睛】微粒半径大小比较:一看电子层数:一般电子层数越多,微粒半径越大;二看电子数:电子层数相同,微粒半径随着原子序数的增大而减小;三看电子数:电子层数相同,原子序数相同,微粒半径随着电子数的增大而增大。7.四甲基氢氧化铵(CH3)4NOH是强碱,常温下甲胺(CH3NH2H2O)的电离常数为Kb,且pKb=lgKb=3.38。常温下,在体积均为20mL、浓度均为0.1molL1的四甲基氢氧化铵溶液和甲胺溶液,分别滴加浓度为0.1molL1的盐酸,溶液的导电率与盐酸体积的关系如图所示。下列说法正确的是A. 曲线1代表四甲基氢氧化铵溶液B. 在b

12、、c、e三点中,水电离程度最大的点是eC. b点溶液中存在c(H+)=c(OH)+c(CH3NH2H2O)D. 常温下,CH3NH3Cl水解常数的数量级为1011【答案】D【解析】【详解】A. 四甲基氢氧化铵(CH3)4NOH是强碱,甲胺(CH3NH2H2O)为弱碱,同浓度的两种溶液中四甲基氢氧化铵(CH3)4NOH的导电率大,所以曲线2为四甲基氢氧化铵(CH3)4NOH,故A错误;B. 体积为20mL、浓度为0.1molL1的甲胺溶液,滴加浓度为0.1molL1的盐酸,当滴加20mL盐酸时,恰好完全反应,此时溶液中溶质为强酸弱碱盐,促进水电离,此时水电离程度最大,即b、c、e三点中c点水的电

13、离程度最大,故B错误;C.b点溶液中溶质为CH3NH2H2O和CH3NH3Cl混合物,比例关系不明确,故C错误;D.KaKh=Kw,CH3NH3Cl的水解常数为10-14/10-3.38=10-10.62,其数量级为1011。综合以上分析,该题答案为D。【点睛】(1)判断水的电离程度,考虑反应后溶液中的溶质对水电离的影响(2)注意灵活应用KaKh=Kw8.钛白粉(TiO2)是重要的白色颜料,LiFePO4是锂离子电池的正极材料。一种利用钛铁矿( 主要成分为FeTiO3 和少量Fe2O3 )进行钛白粉和LiFePO4 的联合生产工艺如下图所示:回答下列问题:(1) LiFePO4中Fe的化合价是

14、_。(2)钛铁矿“酸溶”前需要进行粉碎,粉碎的目的是_。(3)用离子方程式表示操作I加入铁粉的目的:_。操作II为一系列操作,名称是加热浓缩、冷却结晶、过滤,其中用到的陶瓷仪器的名称是_。(4)TiO2+易水解,则其水解的离子方程式为_;“转化”利用的是TiO2+的水解过程,需要对溶液加热,加热的目的是_。(5)“沉铁”的的是使Fe3+生成FePO4,当溶液中c(PO43-)= 1.010-17mol/L时可认为Fe3+ 沉淀完全,则溶液中Fe3+沉淀完全时的c(Fe3+)=_mol/L已知:该温度下,Ksp(FePO4)=1.010-22。(6)由“沉铁”到制备LiFePO4的过程中,所需1

15、7% H2O2溶液与草酸( H2C2O4)的质量比是_。【答案】 (1). +2 (2). 增加钛铁矿与硫酸按触面积,增大酸溶速率 (3). 2H+Fe=H2+Fe2+、Fe+2Fe3+=3Fe2+ (4). 蒸发皿 (5). TiO2+2H2OTiO(OH)2+2H+ (6). 促进水解( 或加快水解反应速率) (7). 1.010-5 (8). 20:9【解析】【分析】钛铁矿主要成分为钛酸亚铁(FeTiO)3,含有少量Fe2O3加硫酸溶解生成TiO2+和Fe3+、Fe2+,加入铁还原铁离子:2Fe3+Fe=3Fe2+,得到硫酸亚铁和TiOSO4,对溶液蒸发浓缩、冷却结晶,过滤得到绿矾晶体和

16、TiOSO4溶液,将TiOSO4溶液加热,促进TiO2+的水解生成TiO(OH)2,TiO2+2H2O=TiO(OH)2+2H+,分解得到钛白粉(TiO2);将绿矾与过氧化氢、H3PO4混合沉铁:2Fe2+H2O2+2H3PO4=2FePO4+2H2O+4H+,将得到的FePO4与草酸、Li2CO3焙烧生成锂离子电池的正极材料LiFePO4。【详解】根据上述分析可知, (1)LiFePO4中Li的化合价为+1价,P为+5价O为-2价,根据正负化合价的代数和为0,Fe的化合价是+2,故答案为+2;(2)钛铁矿“酸溶”前需要进行粉碎,粉碎可以增加钛铁矿与硫酸按触面积,增大酸溶速率,故答案为增加钛铁

17、矿与硫酸按触面积,增大酸溶速率;(3)加入铁粉主要是还原铁离子,也会与过量的酸反应:2H+Fe=H2+Fe2+、2Fe3+Fe=3Fe2+;操作II为一系列操作,名称是加热浓缩、冷却结晶、过滤,其中用到的陶瓷仪器为蒸发皿,故答案为2H+Fe=H2+Fe2+、Fe+2Fe3+=3Fe2+;蒸发皿;(4)TiO2+易水解生成TiO(OH)2,其水解的离子方程式为TiO2+2H2OTiO(OH)2+2H+;“转化”利用的是TiO2+的水解过程,需要对溶液加热,加热可以促进水解,故答案为TiO2+2H2OTiO(OH)2+2H+;促进水解;(5)Ksp(FePO4)= c(Fe3+) c(PO43-)

18、,则c(Fe3+)=1.010-5 mol/L,故答案为1.010-5;(6)“沉铁”的为绿矾与过氧化氢、H3PO4混合生成FePO4,离子方程式为:2Fe2+H2O2+2H3PO4=2FePO4+2H2O+4H+,焙烧时的反应方程式为2FePO4+Li2CO3+H2C2O42LiFePO4+H2O+3CO2;H2O2与草酸(H2C2O4)的物质的量之比为1:1,则17% H2O2溶液与草酸(H2C2O4)的质量比为=,故答案为。9.氮及其化合物在人们日常生活、生产和环保事业中属于“明星物质”。回答下列问题:(1)氨气是农业肥料和化工生产的重要原料,其电子式为_。(2)叠氮化钠(NaN3)在药

19、物制备、合成影像、化学分析、汽车制造等行业有着广泛的用途,但该物质极易爆炸,且有副毒。可用NaClO溶液对含有叠氮化钠的溶液进行处理,生成一种无污染的气体单质,反应的化学方程式为_。(3)“固氮”是农业科学家研究的永恒主题。在某特殊催化剂和光照条件下,N2与水反应可生成NH3。已知:(i)4NH3(g)+3O2(g)2N2(g) +6H2O(g) H1=-1266 kJ/mol;(ii)H2O(g)=H2O(l) H2= -44.0kJ/mol。则2N2(g) +6H2O(l)4NH3(g)+3O2(g) H3=_kJ/mol。(4)目前“人工固氮”最成功的应用就是工业合成氨:N2(g) +3

20、H2(g)2NH3(g) H=-92.4kJ/mol。将1.00molN2和3.00molH2充入到容积为3L的恒容密闭容器中,发生上述反应。 图甲是测得X、Y 的浓度随时间变化的曲线.其中Y 为_(写化学式),反应达到平衡时的平均反应速率v(N2) =_。在不同温度和压强下,平衡体系中NH3的体积分数与温度、压强关系如图乙,则压强p1_p2(填“”“”“=”或“不确定”,下同),B、D 两点的平衡常数KB_KD,B 点N2 的转化率=_(保留3位有效数字)。(5)“绿水青山就是金山银山”,利用原电池原理(6NO2 +8NH3=7N2+12H2O)可以处理氮的氧化物和NH3 尾气,装置原理图如

21、图丙:负极反应式为_,当有标准状况下4.48 L NO2被处理时,转移电子的物质的量为_mol。【答案】 (1). (2). NaClO+2NaN3+ H2O=NaCl +2NaOH +3N2 (3). +1 530 (4). H2 (5). 0.025 mol L-1 min-1 (6). (8). 82.4% (9). 2NH3 -6e- +6OH-=N2+6H2O (10). 0.8【解析】(1)氨气电子式为。(2)由题中信息可知,叠氮化钠(NaN3)可与NaClO溶液反应,生成氮气,根据元素的化合价变化规律,该反应的化学方程式为NaClO+2NaN3+ H2O=NaCl +2NaOH

22、+3N2。(3)已知:(i)4NH3(g)+3O2(g)2N2(g)+6H2O(g) H1=-1266kJ/mol;(ii)H2O(g)=H2O(l) H2=-44.0kJ/mol。根据盖斯定律,由(i)- (ii)可得2N2(g)+6H2O(l)4NH3(g)+3O2(g) H3=+1 530 kJ/mol。(4)由图甲可知, 从反应开始到达平衡,X、Y的变化量分别为0.50 mol/L和0.75 mol/L,变化量之比为2:3,所以,X为NH3、Y为H2,反应达到平衡时的平均反应速率v(N2)=0.025 mol L-1min-1。由合成氨的反应可知,在相同温度下,压强越大,氨的体积分数越

23、大;在相同压强下,温度越高氨的体积分数越小,其平衡常数越小。由图乙可知,在300下,平衡体系中NH3的体积分数:B点大于C点。所以,压强p1p2;B、D两点的平衡常数KBKD;B点氨的体积分数为70,设氮气的转化率为x,则氢气和氨气的变化量分别为3x和2x,所以,解之得x=,所以,N2的转化率=82.4%。(5)由题意可知,氨气在负极上发生氧化反应生成氮气,其电极反应式为2NH3 -6e- +6OH-=N2+6H2O。当有标准状况下4.48LNO2被处理时,即0.2mol NO2被还原,N的化合价由+4降为0,转移电子的物质的量为0.8mol。10.某研究性学习小组的同学通过查阅资料获得两个信

24、息:一是在CaO存在的条件下,干燥的NaOH与干燥的CH3COONa混合加热可得到CH4;二是在加热条件下CH4可还原CuO。他们设计如下装置(加热仪器省略)制备CH4、还原CuO并验证B中有CO2、H2O生成。(1)为实现上述实验目的,C、D中的仪器应分别为_(填、或、),中的试剂是_。(2)A、B处均需要加热,实验中应先加热_处,表明B中有CO2生成的现象是_。A中另一种生成物是常见的无机盐,A中反应的化学方程式为_。(3)实验表明,即使实验操作、使用试剂完全符合规范实验的要求,制备过程中试管仍会出现破裂情况,试分析其原因:_。(4)实验结束后,B中固体全部变成红色,甲同学通过查阅资料后认

25、为,该固体可能是铜、氧化亚铜或者是二者的混合物,同时查得Cu2O在酸性条件下可转化为Cu、Cu2+。为确定红色固体的成分,他设计了如下两种方法。取少量红色固体于试管中,再向试管中加入足量的稀硫酸,判断含有Cu2O的现象是_,在常用的酸中,稀硫酸能不能换成稀硝酸_(填“能”或“不能),原因是_。称量所得红色固体的质量,当固体质量(m)介于_之间表明红色固体是Cu与Cu2O的混合物。【答案】 (1). 、 (2). 无水硫酸铜 (3). A (4). 装置中溶液变浑浊 (5). CH3COONa +NaOHCH4 + Na2CO3 (6). 高温下,NaOH与玻璃中的SiO2发生反应 (7). 得

26、到蓝色溶液 (8). 不能 (9). 硝酸能与铜单质(Cu2O)反应,无法判断 (10). 9.6 gm10.8g【解析】【分析】实验目的是制备CH4、还原CuO并验证B中有CO2和H2O,装置A是制备CH4,装置B是甲烷还原CuO,产生的气体中有CO2和H2O,先用无水CuSO4检验水蒸气,然后用澄清石灰水中检验CO2,据此分析。【详解】(1)装置A制备CH4,装置B是CH4与CuO反应生成CO2、H2O,应先检验水,后检验CO2,验证水,常用无水硫酸铜检验,现象是白色变为蓝色,检验CO2常用澄清石灰水,如果澄清石灰水变浑浊,则说明含有CO2,因此C中仪器应是II,D中的仪器为I,II中盛放

27、无水硫酸铜;(2)CH4是可燃性气体,首先排除装置中的空气,防止发生危险,因此应先加热A处试管,排出装置中的空气,再加热B处硬质玻璃管,以防止装置发生爆炸;根据(1)的分析,表明B中CO2生成的现象是装置I中溶液变浑浊;可先写出CH3COONa + NaOH CH4,根据质量守恒、原子守恒确定另外一种无机盐是Na2CO3;(3)玻璃中含有SiO2,高温下NaOH可与玻璃中的SiO2反应,导致玻璃成分改变、试管破裂;(4)根据Cu2O在酸性条件下可转化为Cu、Cu2,Cu单质不能与稀酸反应,因此判断有Cu2O存在,就需要使用能与Cu2O反应但不能与Cu反应的酸,通过观察溶液变蓝色,确定有Cu2O

28、,因此可以用稀硫酸,由于硝酸能与铜单质(Cu2O)反应,无法判断,所以不能用稀硝酸;当生成的固体只有单质铜时,由CuOCu知,固体质量为=9.6g,当固体只有Cu2O时,由2CuOCu2O可知,固体质量为=10.8 g,所以当固体质量为9.6gm10.8g时,表明红色固体是Cu与Cu2O的混合物。11.铜和硫的化合物在化工、医药材料等领域具有广泛的用途。回答下列问题:(1)原子轨道是指电子在原子核外的_,基态S原子的原子轨道数是_个。(2)基态Cu原子中,核外电子占据的原子轨道为球形的最高能级符号是_,占据该能级的电子数为_。(3)Cl、S、Se在元素周期表中处于相邻的位置,其第一电离能的大小

29、顺序为_。(4)下图是含元素Cu、S的有机物的结构简式: 该有机化合物结构中含有的化学键类型是_(填“共价键“离子键”或“共价键、离子键”)、配位键,其中1个该有机物分子中配位键数为_个,这些配位键中提供孤电子对的元素是_。S原子的杂化方式为_、带*N原子的杂化方式为_。(5)下图是Cu-Au合金的一种立方晶体结构:已知该合金的密度分dg/cm3,阿伏加德罗常数的值为NA,若Au原子的半径为bpm(lpm=10-10cm),则铜原子的半径为_cm(写出计算表达式)。【答案】 (1). 空间运动的主要区域 (2). 9 (3). 4s (4). 1 (5). ClSSe (6). 共价键 (7)

30、. 2 (8). N、O (9). sp3 (10). sp2 (11). 【解析】(1)原子轨道是指电子在原子核外的空间运动的主要区域,基态S原子的电子排布式为1s22s22p63s23p4,s轨道只有1个轨道、p轨道有3个轨道,所以其原子轨道数是9个。(2)基态Cu原子中,核外电子占据的原子轨道为球形的最高能级符号是4s,占据该能级的电子数为1。(3)Cl、S、Se在元素周期表中处于相邻的位置,Cl和S同周期、S和Se同主族,其非金属性由强到弱的顺序为ClSSe,其第一电离能的大小顺序为ClSSe。(4)该有机化合物结构中含有的化学键类型是共价键、配位键,该有机物分子中Cu原子与3个N原子

31、和1个O原子成键,根据N和O的原子结构及其成键情况,可以判断 1个该有机物分子中配位键的数目为2个,这些配位键中提供孤电子对的元素是N、O。该有机物分子中S原子只形成了2个键,故S原子的杂化方式为sp3;带*N原子共形成3个键和1个键,故其杂化方式为sp2。(5)由Cu-Au合金的晶体结构可知,其晶胞中Cu、Au原子分别位于晶胞的面心和顶点,所以晶胞中Cu、Au原子数分别为3和1。已知该合金的密度分dg/cm3,阿伏加德罗常数的值为NA,若Au原子的半径为bpm(lpm=10-10cm),设Cu原子的半径为x、晶胞的边长为a,则,a=pm。NA个晶胞的质量和体积分别为389g和,所以,则铜原子

32、的半径为cm。点睛:在同一周期的主族元素中,元素原子的第一电离能呈逐渐增大的趋势,除IIA和IVA外与,其第一电离能的变化规律与非金属性强弱的变化规律一致。形成配位键的双方原子必须是一方有空轨道、另一方有孤对电子。面心立方晶胞的特点是,在面对角线上,原子是紧密排列的,由此可以根据原子半径求出晶胞参数。12.以芳香烃A和化合物F为原料合成除草剂双苯噁唑酸(I)的一种工艺流程如下:已知以下信息:B、C、D、E中均含有两个苯环。E能使Br2的CCl4溶液褪色,其核磁共振氢谱有4组峰,峰面积比为2:2:1:1;F中含有两种官能团且具有两性;G能发生水解反应。(不稳定) ;RCl RMgCl回答下列问题

33、:(1)F的化学名称为_。(2)A生成B、D生成E的反应类型依次为_、_。(3)E、G的结构简式依次为_、_。(4)B生成C的化学方程式为_。(5)芳香化合物X是D的同分异构体,X的苯环上有3个取代基,能与溶液发生显色反应,能使的溶液褪色,X的核磁共振氢谱有5组峰且峰面积比为6:4:2:1:1,写出两种符合要求的X的结构简式:_。(6)根据题给信息,写出以乙醛为原料制备2-丁醇的合成路线:_(其他试剂任用)。【答案】 (1). 甘氨酸(或-氨基乙酸或氨基乙酸) (2). 取代反应 (3). 消去反应 (4). (5). (6). (7). 、 (8). CH3CHO CH3CH2OH CH3C

34、H2Cl CH3CH2MgCl【解析】【详解】(1)根据信息,F中含有两种官能团且具有两性,说明含有羧基和氨基,F属于氨基酸,则F的结构简式,该氨基酸的名称为甘氨酸或氨基乙酸或氨基乙酸;(2)根据信息,B中含有两个苯环,对比A和B分子式,可以看作是两个苯取代CCl4中的两个Cl,则B的结构简式为,该反应为取代反应;D生成E是在浓硫酸作用下分子内脱去1个水分子,该反应为消去反应;(3)E能使Br2的CCl4溶液褪色,说明含有E中碳碳双键,其核磁共振氢谱有4组峰,有4种不同的氢原子,即该结构为对称结构,不同氢原子个数比为2:2:1:1,从而推出E的结构简式为;G能发生水解,应含有酯基,F为氨基酸,

35、F与C2H5OH发生酯化反应生成G,则G的结构简式为H2NCH2COOC2H5;(4)B的结构简式为,B在碱性条件下发生水解,两个OH取代氯原子的位置,然后根据信息,得出C的结构简式为,则B生成C的反应方程式为+2NaOH+2NaCl+H2O;(5) X的分子式为C14H14O,不饱和度为8,其中苯环的不饱和度为4,含有2个碳碳叁键,或4个碳碳双键,核磁共振氢谱有5组峰,说明有5种不同的氢原子,说明是对称结构,能与FeCl3溶液发生显色反应,说明含有酚羟基,能使Br2的CCl4溶液褪色,说明含有碳碳不饱和键,峰面积比为6:4:2:1:1,含有2个甲基,即只能有2个碳碳叁键,则符合题意的结构有、;(6)用逆推法,2-丁醇可由与加成后水解得到,可由氯乙烷与镁反应得到,氯乙烷可由乙醇制备,乙醇可由乙醛与加成得到,合成路线为CH3CHO CH3CH2OH CH3CH2Cl CH3CH2MgCl。

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