1、课时跟踪检测（六）自然界中的守恒定律A组重基础体现综合1(多选)第二届进博会上展出了一种乒乓球陪练机器人，该机器人能够根据发球人的身体动作和来球信息，及时调整球拍将球击回。若机器人将乒乓球以原速率斜向上击回，球在空中运动一段时间后落到对方的台面上，忽略空气阻力和乒乓球的旋转。下列说法正确的是()A击球过程合外力对乒乓球做功为零B击球过程合外力对乒乓球的冲量为零C在上升过程中，乒乓球处于失重状态D在下落过程中，乒乓球处于超重状态解析：选AC球拍将乒乓球原速率击回，可知乒乓球的动能不变，动量方向发生改变，可知合力做功为零，冲量不为零，A正确，B错误。在乒乓球的运动过程中，加速度方向向下，可知乒乓球
2、处于失重状态，C正确，D错误。2如图所示，B、C、D、E、F球并排放置在光滑的水平面上，其中B、C、D、E球质量相等，而F球质量小于B球质量。A球的质量等于F球质量。A球以速度v0向B球运动，所发生的碰撞均为弹性碰撞，则碰撞之后()A3个小球静止，3个小球运动B4个小球静止，2个小球运动C5个小球静止，1个小球运动D6个小球都运动解析：选A因A、B质量不等，MAMB。A、B相碰后A向左运动，B向右运动。B、C、D、E质量相等，弹性碰撞后，不断交换速度，最终E有向右的速度，B、C、D静止，又因为E、F质量不等，MEMF，则E、F都向右运动。所以B、C、D静止，A向左，E、F向右运动，故A正确，B
3、、C、D错误。3一小球从水平地面上方无初速释放，与地面发生碰撞后反弹至速度为零，假设小球与地面碰撞没有机械能损失，运动时的空气阻力大小不变，下列说法正确的是()A小球在上升过程中，动量的改变量的大小小于空气阻力的冲量大小B小球与地面碰撞过程中，地面对小球的弹力的冲量为零C小球与地面碰撞过程中，地面对小球的弹力做功为零D从释放到反弹至速度为零的过程中，小球克服空气阻力做的功大于重力做的功解析：选C小球上升的过程中受到重力和空气的阻力，根据动量定理可知，小球上升过程中小球动量改变量等于该过程中空气阻力与重力的冲量的矢量和，故A错误；小球与地面碰撞后，速度方向与碰撞前的相反，速度的变化不等于0，由动
4、量定理可知，地面对小球的弹力的冲量不为零，故B错误；小球与地面碰撞过程中，地面对小球的弹力对球没有位移，则地面对小球的弹力做功为零，故C正确；从释放到反弹至速度为零的过程中，只有重力和空气阻力做功，小球的动能的变化为零，所以小球克服空气阻力做的功等于重力做的功，故D错误。4.如图所示，在光滑的水平面上并排放着一系列质量均相等的滑块，现给最左侧滑块一水平向右的速度(滑块的初动能为Ek0)，然后与其右侧的滑块依次发生碰撞，并且每次碰后滑块均黏合在一块，经过一系列的碰撞后，滑块的总动能变为。则碰撞的次数为()A3 B5C7 D9解析：选C假设最左侧滑块的初速度为v0，碰撞次数为x时滑块的总动能变为，
5、整个过程动量守恒，则碰撞x次后的整体速度为v，对应的总动能为Ek(x1)mv2，由题可知Ekmv02，解得x7，C正确。5.水平面上有质量相等的a、b两个物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上。一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下。两物体的vt图线如图所示，图中ABCD。则整个过程中()AF1的冲量等于F2的冲量BF1的冲量大于F2的冲量C摩擦力对a物体的冲量等于摩擦力对b物体的冲量D合外力对a物体的冲量等于合外力对b物体的冲量解析：选D由ABCD可知a、b两物体与水平面间的动摩擦因数相等，又因为a、b两物体质量相等，则a、b受水平面的摩擦力相等，根据动量定理，对整个过程研究得F
6、1t1ftOB0，F2t2ftOD0；由题图可看出tOBtOD，则有F1t1F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量，故A、B错误。由于两物体受到的摩擦力大小相等，但b物体的运动总时间大于a物体的运动总时间，故摩擦力对a物体的冲量小于摩擦力对b物体的冲量，故C错误。根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，a、b两个物体动量的变化量都为零，所以相等，故D正确。6.在一对很大的平行正对金属板间可形成匀强电场，通过改变两金属板间的电压，可使其间的电场强度E随时间t按如图所示的规律变化。在这个电场中间，有一个带电粒子从t0时刻由静止释放，若带电粒子只受电场力作用，且运动过程中不接触金属板，则下
7、列说法正确的是()A带电粒子一定只向一个方向运动B03.0 s内，电场力的冲量等于0，电场力做的功小于0C4.0 s末带电粒子回到原出发点D2.54.0 s内，电场力的冲量等于0解析：选D带电粒子在匀强电场中受到的电场力FEq，其冲量IFtEqt，可见，电场力的冲量与Et图像与横轴所围“面积”成正比(注意所围图形在横轴之上和横轴之下时的“面积”符号相反)。带电粒子在平行正对金属板间先向某一方向运动，而后反向运动，4.0 s末带电粒子不能回到原出发点，选项A、C错误；由图像与横轴所围“面积”表示与电场力冲量成正比的量可知，03.0 s内，电场力的冲量不等于0,2.54.0 s内，电场力的冲量等于
8、0，选项B错误，选项D正确。7.(多选)一质点静止在光滑水平面上，现对其施加水平外力F，力F随时间按正弦规律变化，如图所示，下列说法正确的是()A第2 s末，质点的动量为零B第4 s末，质点回到出发点C在02 s时间内，力F的功率先增大后减小D在13 s时间内，力F的冲量为零解析：选CD由题图可知，02 s时间内F的方向和质点运动的方向相同，质点经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和一个加速度逐渐减小的加速运动，所以第2 s末，质点的速度最大，动量最大，故选项A错误；在24 s内F的方向与02 s内F的方向不同，该质点在02 s内做加速运动，24 s内做减速运动，所以质点在04 s内的位移均为正
9、，故选项B错误；02 s内，质点速度在增大，力F先增大后减小，根据瞬时功率PFv得，力F瞬时功率开始为0,2 s末时为0，所以在02 s时间内，力F的功率先增大后减小，故选项C正确；在Ft图像中，图线与横轴所围的面积表示力F的冲量大小，由题图可知，12 s内的面积与23 s内的面积大小相等，一正一负，则在13 s时间内，力F的冲量为零，故选项D正确。8.沙摆是一种用来测量子弹速度的简单装置。如图所示，将质量为M的沙箱用长为l的细绳悬挂起来，一颗质量为m的子弹水平射入沙箱(未穿出)，使沙箱发生摆动。测得沙箱最大摆角为，求子弹射击沙箱时的速度。请陈述这样测试的原理。解析：设子弹射击沙箱时的速度为v
10、0，子弹和沙箱开始一起向右摆动的速度为v，由动量守恒定律可得：mv0(mM)v子弹和沙箱一起向上摆动过程，系统机械能守恒，得：(mM)v2(mM)gl(1cos )解得：v0。答案：测试过程利用了动量守恒定律和机械能守恒定律B组重应用体现创新9.如图所示，在粗糙水平面上，用水平轻绳相连的两个材料相同的物体A、B，质量均为m，在水平恒力F作用下以速度v做匀速运动。在t0时轻绳断开，A在F作用下继续前进，则下列说法正确的是()At0至t时间内，A、B的总动量不守恒Bt时，A的动量为2mvCt至t时间内，A、B的总动量守恒Dt时，A的动量为4mv解析：选B因为最初质量均为m的两个物体A、B在水平恒力
11、F作用下一起以速度v匀速运动，所以，每一个物体受到的阻力大小均为。轻绳断开后，对物体B应用动量定理有FtB0mv，解得B继续运动的时间tB。在物体B停止运动前，以A、B整体为研究对象，合外力仍然为零，系统的动量守恒，选项A、C错误。t时，物体B恰好停止运动，对A、B整体应用动量守恒定律，有2mv0pA，即pA2mv，选项B正确。在t到t的过程中，对A运用动量定理，FPA终2mv，故pA终3mv，选项D错误。10.如图所示，质量分别为mAm、mB3m的A、B两物体放置在光滑的水平面上，其中A物体紧靠光滑墙壁，A、B两物体之间用轻弹簧相连。对B物体缓慢施加一个水平向右的力，使A、B两物体之间弹簧压
12、缩到最短并锁定，此过程中，该力做功为W0。现突然撤去外力并解除锁定。(设重力加速度为g，A、B两物体体积很小，可视为质点，弹簧在弹性限度内)(1)求从撤去外力到A物体开始运动，墙壁对A物体的冲量IA的大小；(2)A、B两物体离开墙壁后到达圆轨道之前，B物体的最小速度vB是多大？(3)若在B物体获得最小速度瞬间脱离弹簧，从光滑圆形轨道右侧小口进入(B物体进入后小口自动封闭组成完整的圆形轨道)圆形轨道，要使B物体不脱离圆形轨道，试求圆形轨道半径R的取值范围。解析：(1)物体A开始运动时，弹簧恢复原长，设此时物体B的速度为vB0由能量守恒有，W0mBvB02解得vB0此过程中墙壁对物体A的冲量大小等于弹簧对物体A的冲量大小，也等于弹簧对物体B的冲量大小，有IAmBvB0。(2)当弹簧恢复原长后，物体A离开墙壁，弹簧伸长，物体A的速度逐渐增大，物体B的速度逐渐减小。当弹簧再次恢复到原长时，物体A达到最大速度，物体B的速度减小到最小值，此过程满足动量守恒、机械能守恒，有mBvB0mAvAmBvBmBvB02mAvA2mBvB2解得vBvB0。(3)若物体B恰好过最高点不脱离圆形轨道，物体B经过最高点时，有mBvB2mBv12mBg2R，mBgmB解得R，所以R若物体B恰好能运动到与圆形轨道圆心等高处，有mBvB2mBgR解得R，所以R。答案：(1)(2) (3)R或R
